热门试卷

解：

A、由于波的图象对应的时刻未知，所以无法根据振动图象读出P点的振动方向，也就无法知道图示时刻Q点的振动方向．故A错误．

B、由波动图象读出P点的振幅A=10cm．故B正确．

C、D由波动图象读出波长λ=4m，由振动图象读出周期T=2s，则波速v==2m/s，而波的传播无法确定．故CD错误．

故选B

解：A、振动质点的位移是指离开位置的位移，做简谐运动的物体，每次通过同一位置时，位移一定相同．故A正确．

B、做简谐运动的物体，每次通过同一位置时，速度可能有两种方向，而速度是矢量，所以速度不一定相同．故B错误．

C、根据简谐运动的特征：a=-，物体每次通过同一位置时，位移一定相同，加速度也一定相同．故C正确．

D、根据简谐运动的特征：F=-kx，物体每次通过同一位置时，位移一定相同，回复力也一定相同．故D正确．

故选：ACD．

解：t时刻位移为：x=Asinωt

t+时刻的位移为：x′=Asin（ωt+90°）

由于ωT=2π，故有：

若或，则从t时刻到t+时刻的路程为：S=2A-|x+x′|=2A-|Asinωt+Asin（ωt+90°）|=2A-||，故此时最小为（2A-），最大为A；

若或，则从t时刻到t+时刻的路程为：S=|x-x′|=Asinωt-Asin（ωt+90°）|=||，故此时最大为，最小为A；

故选ABC．

解：

A、由图可知A在t轴上方，位移x=0.25cm，所以弹力F=-kx=-5N，即弹力大小为5N，方向指向x轴负方向，则加速度 a===-10m/s2，方向指向x轴的负方向，故A正确；

B、由图可知过A点作图线的切线，该切线与x轴的正方向的夹角小于90°，切线斜率为正值，即振子的速度方向指向x轴的正方向，故B错误．

C、振幅等于x的最大值，为A=0.5cm，故C错误．

D、由于t=0时刻和t=4s时刻振子都在最大位移处，所以在0～4s内振子的位移为零，又由于振幅为0.5cm，在0～4s内振子完成了2次全振动，所以在这段时间内振子通过的路程为2×4×0.50cm=4cm，故D错误．

故选：A

解：A、在t1、t2时刻振子的位移相等，振子经过同一位置，速度大小相等．t1时刻振子的速度沿正向，t2时刻振子的速度沿负向，所以速度方向相反，故A错误．

B、t2、t3时刻振子的位移大小相等，方向相反，说明两个时刻振子的位置关于平衡位置对称，而且都沿负方向运动，所以速度大小相等，方向相同．故B错误；

C、t1、t4时刻振子的位移大小相等，方向相反，根据a=-，说明加速度等大、反向，故C错误；

D、t2、t4时刻振子的位移大小相等，方向相反，根据a=-，说明加速度等大、反向，故D正确；

故选：D．

解：A、C、由x=vt得：波从A传到B所用的时间为：t==s=3s，所以B在t=3s时刻开始振动，故AC错误．

B、D、由题意，质点A刚从平衡位置开始向上振动，则质点刚开始也从平衡位置向上振动，速度为正向．由y=2sint cm知，ω=rad/s，则周期为：T==s=4s，故B正确，D错误．

故选：B．

解：A、由图，周期为8s，故A正确；

B、振幅是偏离平衡位置的最大位移大小，是2cm，故B错误；

C、在t=4s末位移为零，加速度为零；速度最大，向负方向运动，故C正确；

D、10s末质点的在正向最大位移处，此时加速度为负向最大值，速度最小；故D错误；

故选：AC．

解：A、由图读出质点振动的周期T=4s，则频率f==0.25Hz．故A错误．

B、t=2s时，质点的位移为0，正通过平衡位置，速度最大，加速度为零．故B错误．

C、一个周期内质点通过的路程是4A，经过6s=1.5T，质点的路程s=1.5×4×10=60cm．故C正确．

D、根据周期性可知，t=8s时，质点在平衡位置处沿y轴正方向振动．故D错误．

故选：C．

解：A、由振动图象读出两个时刻质点的位移大小相等，方向相反，则加速度也大小相等，方向相反，加速度不同．故A错误．

    B、两个时刻质点的位移大小相等，方向相反，位移不同．故B错误．

    C、在t1、t2时刻质点的位置关于平衡位置对称，而且都沿负方向运动，所以速度相同．故C正确．

    D、两个时刻质点的位移大小相等，方向相反，则回复力也大小相等，方向相反，加速度不同．故D错误．

故选C

解：从波形图可以看出，L=3λ，t0时刻传到x=L处，说明t0=3T．简谐波沿x轴正向传播，根据波动和振动关系可知：

    在t0时刻x=L处质点的运动方向和波源在t=0时刻的运动方向相同是沿y轴的正方向的，即每一个质点的起振方向都是沿y轴的正方向的，故CD错误；

    由于简谐波沿x轴负方向传播，故此时刻x0处质点振动方向向上，故A错误B正确．

故选：B．

解：A、由振动图象读出两弹簧振子周期之比T甲：T乙=2：1，根据周期公式T=2π分析可知，两弹簧振子一定不完全相同．故A错误．

B、由振动图象读出两振子位移最大值之比x甲：x乙=2：1，根据简谐运动的特征F=-kx，由于弹簧的劲度系数k可能不等，回复力最大值之比F甲：F乙不一定等于2：1．故B错误．

C、由图看出，甲在最大位移处时，乙在平衡位置，即振子甲速度为零时，振子乙速度最大．故C正确．

D、两弹簧振子周期之比T甲：T乙=2：1，频率之比是f甲：f乙=1：2．故D错误．

故选：C．

解：从振子的位移时间图象可以看出，正向位移逐渐变小并反向增加，故运动方向没有改变，即速度方向不变；据对称性可知，两时刻的速度相同，

振子先靠近平衡位置再远离平衡位置，位移由正向变为负向，F=-kx，再据牛顿第二定律：a=-可知，回复力，加速度由负向变为正向，加速度方向发生了改变．故ACD错误，B正确．

故选：B．

解：A、振幅是振子离开平衡位置的最大距离，由图知振幅A=4cm，故A错误．

B、振子完成一次周期性变化过程所需要的时间为一个周期，由图知周期 T=4s，故B正确．

C、该弹簧振子的周期是4s，则2s=，振子在半个周期内的路程是2倍的振幅，所以该振子在任意2s内经过的路程均为4cm×2=8cm．故C正确；

D、从2s末到10s末的时间差是8s=2T，经过2个周期后，振子的速度大小与方向都相同，故D正确．

故选：BCD