热门试卷

解：A、质点在t=4s时位于正的最大位移处，速度为零，加速度为负最大值，故ABC错误，D正确．

故选：D

解：A、由图知第1s末，该质点的位移为正的最大．故A正确．

B、第1s末，位移最大，该质点的速度为零．故B错误．

C、根据简谐运动特征可知，加速度大小与位移大小成正比，第1s末，位移正向最大，加速度方向为负向最大．故C错误D正确．

故选：AD．

解：A、由图知，质点的振幅是8cm，周期是4s，故A错误．

B、在t=2s时，物体到达负向最大位移处，速度为零，加速度为正向最大值；故B错误；

C、第3 s末振子在平衡位置处，其速度为正向的最大值；故C正确；

D、从第1 s末到第2 s末振子在向负向平衡位置移动，振子在做减速运动；故D错误；

故选：C．

解：A、有图象知，周期为4s，故频率为0.25Hz，故A错误．

B、2s和4s质点的速度大小相等，但方向相反，故B错误．

C、在5s末，速度为零，加速度最大，故C错误．

D、t=0.5s时质点的位移大小是cm，故D正确．

故选：D

解：简谐运动的图象的横坐标表示时间；纵坐标表示物体的位移，简谐振动的图象表示物体的位移随时间的变化关系．

故选：B

解：①由图看出，两单摆的周期和振幅相同，同一地点g相同，由单摆的周期公式T=2π得知，甲、乙两单摆的摆长L相等．则知两个单摆的最大偏角相等，设为θ，摆球在最低点时的速度大小为v．

根据机械能守恒定律得：mgL（1-cosθ）=，得v=，可见，两摆球经过最低点时速度大小相等．故①正确

②在最低点，有F-mg=m，得F=mg+m=3mg-2mgcosθ，由于单摆的周期与摆球的质量无关，无法确定两个摆球质量关系，所以不能确定摆球在最低点拉力的大小关系．故②错误．

③摆球在最低点加速度大小a==2g（1-cosθ），则知a相等，故③正确．

④在最低点的动能Ek==mgL（1-cosθ），因质量m无法确定，所以动能的大小也无法确定．故④错误．

故选C

解：x-t图象上某点的切线的斜率表示速度，由于t2时刻图象上点的切线斜率最大；

故选：B．

解：A、由图知质点的振动周期为 T=1.2s，故A错误．

B、0.3s相当于，则0.1s相当于，则质点的0.1s时刻的位移为x=Asin=2.5cm，故B错误．

C、质点在0.9-1.2s时间内质点的位移逐渐减小，从负向最大位移向平衡位置靠近，速度与加速度方向均沿正向，故C正确．

D、质点在0.6-0.9s时间内的位移增大，加速度增大，而速度减小，故D错误．

故选：C．

解：由振动图象得：质点振动周期T=4s，

在t=0时刻，a点位于波谷，b点经过平衡位置向上，结合波形得：ab=（n+）λ，得λ==m，当n=0时λ=m；

因为n≥0，得λ≤m；

故AB正确；

故选：AB．

解：单摆的周期为：T=2π，则有：t=π=

据题振动至t=π时，摆球具有负向最大速度，则知t=0时振子具有正向最大速度，位移为0，故A正确，BCD错误．

故选：A．