热门试卷

解：

A、小球位移的起点是O，小球经过B或C点时位移最大，最大位移为 5cm．故A错误．

B、C、小球做简谐运动，振幅不变，由图知，振幅为A=5cm．故B错误，C正确．

D、根据对称性和周期性可知，从任意时刻起，一个周期内小球经过的路程都是4倍振幅，即为4A=4×5cm=20cm，故D正确．

故选：CD

解：A、若△t=，则在t时刻和（t+△t）时刻振子的位置关于平衡位置对称，所以这两时刻速度的大小一定相等，故A正确；

B、若△t=，则t和（t+△t）两时刻振子的位置，不一定是处于最大位移处，振子的位移大小之和不一定等于振幅，故B错误；

C、若t时刻和（t+△t）时刻振子对平衡位置的位移大小相等，方向相同，则说明这两时刻在同一位置，所以当速度方向相同时，则△t可以等于T的整数；当速度方向相反时，则△t不等于T的整数，故C错误；

D、若t时刻和（t+△t）时刻振子运动速度大小相等，方向相反，则△t可能等于的整数倍，也可能大于的整数倍，也可能小于的整数倍．故D错误；

故选：A

解：两列波的波长为λ=vT=40×0.1m=4m，即振动在一个周期内传播的距离为4m．则：

在0-0.1s时间内，两列波都没有到达质点P，质点P处于静止状态，0.1s-0.2s时间内，质点P只参与S1引起的振动，振幅为A=A1=2cm；在△t=0.1s=T时间内，路程为l1=4A1=8cm；在0.2s-0.3s时间内，质点P参与两列波引起的振动，其振幅为A′=A1+A2=3cm，在△t′=0.1s=T时间内，路程l2=4A′=12cm．故质点P在t=0至t=0.3s内质点P通过的路程为 L=l1+l2=20cm，故A正确．

故选：A．

解：A、振幅是振动物体离开平衡位置的最大距离，它是标量，故A错误；

B、完成一次全振动的时间叫做周期，由振动系统本身的因素决定，与振幅无关，故B错误；

C、振幅是表征振动强弱的物理量，简谐振动的能量与周期无关，与振幅有关，故C错误；

D、简谐振动的频率由振动系统本身决定，与振幅无关，故D正确；

故选：D．

解：A、振子从平衡位置向最大位移处运动的过程中，位移x增加，回复力F=-kx增加，加速度a=-增加，所以不是做匀变速运动．故A错误；

B、振子从平衡位置向最大位移处运动的过程中，动能减小，势能增加，机械能守恒，速度减小，做减速运动．故B错误；

C、结合A与B的分析可知，振子做加速度增大的减速运动．故C错误，D正确．

故选：D．

解：平面镜成像时，物与像关于平面镜对称，则知虚像S′在SS′连线上振动．

将平面镜的运动分解为平行镜面和垂直镜面的两个分运动；

平行镜面的分运动对像没有影响，垂直平行镜面的分运动的速度为vsinθ；由于物距等于像距，故像的速度总是平面镜垂直镜面的分运动的速度的2倍，为2vsinθ，故像的振幅是为：2Asinθ；

故选：B

解：绳剪断前，弹簧伸长的长度 x1=；

绳剪断后，A做简谐运动，在平衡位置时，弹簧的拉力与重力平衡，此时弹簧伸长的长度为 x2=；

所以A振动的振幅为 A=x1-x2=-=

故选：A

解：A、当振子向平衡位置运动时，振子的位移方向，速度方向相反，当振子远离平衡位置运动时，振子的位移方向，速度方向相同．故A错误．

B、做简谐运动的弹簧振子，加速度的大小与位移大小成正比，振子平衡位置时，位移为0，加速度为0，故B错误；

C、振子位移是指振子离开平衡位置的位移，从平衡位置指向振子所在的位置，通过同一位置，位移总是相同的，a=-位移相同则加速度相同；振子连续两次通过同一位置时，动能相同，速度方向可以相反，即速度不一定相同．故C错误，D正确．

故选：D．

解：设物体振动周期为T．

据题得 （2n+1）T=t，n=0，1，2，3…

得 T==s

当n=0时，T=2s

当n=5时，T=s，由于n是整数，则T不可能为s、s

故选：AC

解：AB、振子经过平衡位置时，速度最大，位移为零，所以经过平衡位置动能最大，恢复力为0，加速度为零；在A、B位置时，速度为零，位移最大，恢复力最大，加速度最大，故A正确，B错误；

CD、由于恢复力指向平衡位置，所以振子从A经O到B的过程中，回复力先做正功，后做负功，振子的动能和弹簧的势能相互转化，且总量保持不变，即振动的能量保持不变，故CD错误．

故选：A．

解：

A、由于简谐运动的物体通过平衡位置时，速度最大，动能最大，所以在返回平衡位置过程中动能变大，故A正确．

B、C、简谐运动的物体是物体离开平衡位置的位移，在返回平衡位置过程中位移变小，根据简谐运动的特征F=-kx，可知，回复力也变小，故BC错误．

D、简谐运动的机械能是守恒的，所以机械能没有变化，故D错误．

故选：A．