热门试卷

解：据图象可知，质点在t=3.5s时，质点的位移为正，且偏离平衡位置，所以位移、速度为正；据F=-kx可知，恢复力与位移方向相反，即加速度也与位移方向相反，故A正确；BCD错误．

故选：A．

解：D、从振子的位移时间图象可以看出，振子在t1时刻与t2时刻的位移大小相等，而方向相反，所以位移不同．故D错误；

A、C、振子受到的回复力：F=-kx，加速度：，在t1时刻与t2时刻振子的位移不同，则回复力不同，加速度也不同．故A错误，C错误；

B、从振子的位移时间图象可以看出，在t1时刻到t2时刻的时间内，振子始终向正方向运动；振子的位移的大小相等，弹簧的弹性势能相等，所以振子的动能相等，速度的大小相等．所以在t1时刻与t2时刻振子具有相同的速度．故B正确．

故选：B．

解：A、由P→Q，位移在增大，故A错误；

B、由P→Q，位移在增大，速度在减小，故B错误；

C、由M→N，中间越过了平衡位置，位移先减小后增大，故C正确；

D、由C分析得，D错误．

故选：C．

解：

A、由图读出周期为T=4s，则频率为f==0.25Hz．故A错误．

B、质点在一个周期内通过的路程是4个振幅，t=10s=2.5T，则在10s内质点经过的路程是S=2.5×4A=10×2cm=20cm．故B正确．

C、在5s末，质点位于最大位移处，速度为零，加速度最大．故C正确．

D、由图看出，在t=1.5s和t=4.5s两时刻质点位移大小相等．故D正确．

故选BCD

解：A、由图象得到甲的周期较长，根据单摆周期公式T=，甲的摆长较大，故A错误．

B、单摆的周期与摆球质量无关，故B错误．

C、由图象得到甲的周期较长，根据单摆周期公式T=，甲的摆长较大，故C正确．

D、甲摆a时刻位移小于b时刻位移，故b时刻重力势能较大，故D正确；

故选：CD．

解：

A、由图知，振子运动的位移最大，速度为零，故A错误．

B、在第5秒末，振子的位移为正向最大，说明振子的位移最大且沿+x方向，故B正确．

C、在第5秒末，振子的位移最大，由a=-可知，加速度最大且沿-x方向，故C正确．

D、由图知，振幅A=2cm，周期T=4s．则在0到5秒内，振子通过的路程为S=5A=5×2cm=10cm，故D正确．

故选：BCD．

解：A、B、t=4s时刻图象切线的斜率为负，说明速度为沿-x方向．质点在t=4s时的位移为零，说明质点正通过平衡位置，速度最大．根据加速度公式a=-，加速度为零，故A错误，B正确；

C、t=2s时，质点的位移为正向最大，速度为零，根据加速度公式a=-，知加速度为负的最大值，故C错误．

D、t=6s时，质点的位移为负向最大，速度为零，根据加速度公式a=-，知加速度为正的最大值，故D错误．

故选：B

解：A、由图看出，从t1到t2时间内振子的位移减小，振子靠近平衡位置，则动能不断增大，势能不断减小，故A正确．

B、弹簧振子做简谐运动的振幅是不变，等于位移的最大值，故B错误．

C、t3时刻振子处于平衡位置处，动能最大，故C错误．

D、t1，t4两时刻振子的位移相同，说明振子经过同一位置，则动能相同，但速度相反．故D错误．

故选：A

解：A、由图甲的振幅A甲=2cm，乙的振幅A乙=1cm．故A错误．

B、甲的周期T甲=4s，乙的周期T乙=8s，则甲的频率为0.25Hz，乙的频率为0.125Hz，故甲的频率高，故B正确．

C、x-t图象的切线的斜率表示速度，2-3s内，甲、乙的x-t图象的切线斜率均为负，故速度均为负，故C正确．

D、t=2s时，甲的加速度为零，故速度最大；t=2s时，乙的位移最大，故加速度a=-最大；故D正确．

故选BCD．

解：A、由图读出，两振子的振幅A甲=2cm，A乙=1cm，故A正确；

B、两振子的频率不相等，相位差为一变量，故B错误；

C、前2秒内，甲的加速度为负值，乙的加速度为正值，故C错误；

D、第2s末甲在平衡位置，速度最大，乙在最大位移处，加速度最大，故D错误；

故选：A．

解：A、若规定a状态时t=0，则由图1可知，此时a位移为3cm，振动方向沿x轴正方向，则对应于图中的①图象，故A正确；

B、图2中的②图象t=0时，质点位移为3cm，振动方向沿x轴负方向，而图1中b状态此时位移为2cm，故B错误；

C、图1中的c状态此时位移为-2cm，振动方向沿x轴负方向，而图2中的③图象描述的t=0时，质点沿x轴正方向运动，故C错误；

D、图1中d状态，此时在负的最大位移（波谷），下一时刻将沿x轴正方向运动，和图2中④振动图象描述的一致，故D正确．

故选AD．