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填空题

在450℃并有催化剂存在下,在体积为1L的密闭恒温容器中,二氧化硫和氧气发生如下反应:2SO2+O22SO3

(1)已知:64g SO2完全转化为SO3会放出85kJ热量。SO2转化为SO3的热化学方程式是         

(2)该反应的化学平衡常数表达式K=           

(3)降低温度,化学反应速度           。该反应K值将          。压强将           。(填“增大”或“减小”或“不变”)

(4)450℃时,在一密闭容器中,将二氧化硫与氧气混合,反应过程中SO2、O2、SO3物质的量变化如图,反应处于平衡状态的时间段是          

a.10-15min    b.15-20min    c.20-25min    d.25-30min

(5)据图判断,10min到15min的曲线变化的原因可能是        (填写编号)。

a.增加SO3的物质的量   b.缩小容器体积   c.降低温度    d.催化剂

(6)在15分钟时,SO2的转化率是          

正确答案

(1)SO2(g)+O2(g) = SO3(g),△H = -85kJ/mol;(2) 

(3)减小;增大;减小(4)b d(5)c(6)20%

试题分析:(1)由题意知,64g SO2为1mol,完全转化为SO3会放出热量85kJ,即其热化学反应方程式SO2(g)+O2(g)=SO3(g),△H = -85kJ/mol;(2)根据化学平衡常数表达式,即K=(3)根据其热化学反应方程式,正反应为放热反应,降低温度平衡正向移动,,压强减小,平衡常数k增大,降低温度反应速率减小(4)在平衡状态是容器中物质的量浓度不再变化,即图像中表现为横线,故bd正确(5)由10min到15min的曲线变化可知反应物物质的量降低生成物物质的量升高,反应正向进行,条件ab下反应逆向进行,条件c下反应正向进行,条件d下不改变物质的量变化,故c正确(6)由题意知,在15分钟时,反应的SO2物质的量为0.04mol,起始物质的量为0.2mol,则SO2的转化率为20%。

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在一定条件下,二氧化硫和氧气发生 如下反应:

2SO2(g)+ O2 (g)  2SO3(g)   (△H< 0)

(1)降低温度,二氧化硫转化率_________,化学反应速率_         (以上均填增大、减小或不变)

(2)600℃时,在一密闭容器中,将二氧化硫和氧气混合,反应过程中SO2、O2、SO3物质的量变化如图,反应处于平衡状态的时间____                

(3)据图判断,反应进行至20min时,曲线发生变化的原因是­­­­­­­­­­­­­­­­­­­­­__                   ___(用文字表达)

(4)10min到15min的曲线变化的原因可能是 __________________(填写编号)。

a.加了催化剂  b.缩小容器体积  

c.降低温度    d.增加SO3的物质的量

正确答案

(1)增大,减小

(2)15—20min和25—30min。

(3)增加了O2的浓度    (4)a 、 b 

试题分析:(1)正反应为放热反应,降低温度,平衡右移,SO2转化率降低,反应速率减小;(2)处于平衡状态,即各物质的物质的量浓度不再变化;(3)反应进行至20min时,氧气的浓度骤增,SO2和SO3浓度不变,故此时是增加了O2的浓度;(4)10min到15min中,单位时间内各物质的浓度的变化量增大,则反应速率增大;加入催化剂,缩小容器容积,增大压强,升高温度,增大某气体的浓度,都可以加大反应速率;但是增加SO3的物质的量,图中SO3的浓度应该骤增,而不是逐渐增大,故d不符合。

点评:化学平衡与化学速率是历年高考必考知识点,考生在备考过程中要注意分别两者的影响因素。

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(15分)氨气是一种重要的化工原料,大量用于制造尿素、纯碱、铵态氮肥以及硝酸,在有机合成工业中制合成纤维、塑料、染料等。请回答下列问题:

(1)氨气是工业制备硝酸的重要原料,已知下列三个热化学方程式:

① N2 (g)+ 3H2 (g)2NH3 (g) △H1

② 4NH3(g) +5O2 (g)= 4NO(g) +6H2O(l)  △H2

③ N2 (g)+ O2 (g)= 2NO (g) △H

能否应用△H1和△H2表示△H

若能用△H1和△H2表示△H,则写出△H=                        ;若不能,说明理由:

                                  

(2)在相同的温度下,容积相等的两个恒容密闭容器(编号分别为a和b)中,一定量的氮气和氢气发生下列可逆反应:

N2(g) + 3H2(g)  2NH3(g) △H=-92.4 kJ/mol

实验测得反应起始时各物质的物质的量及平衡时放出的热量如下表:

下列说法正确的是         (填序号)

①反应a和反应b的氢气转化率相同

②利用已知数据可以计算反应b的平衡常数

③利用已知数据可以计算反应b放出的能量E

④平衡时a、b两个反应的氨气体积分数为1:1

(3)温度为400℃、压强为30Mpa的情况下,密闭容器中发生氢气与氮气的合成氨反应:N2(g)+3H2(g)  2NH3(g)  △H<0 。

氨气的物质的量[n(NH3)]和氢气的物质的量[n(H2)]随时间变化的关系如下图:

正反应速率最大的点是       (选填a、b、c、d中的一个或几个),氮气的物质的量[n(N2)]相等的两点是       (选填a、b、c、d中的两个);保持其他条件不变,将温度改为600℃,在上图中画出反应达到平衡的过程中氨气的变化曲线。

(4)工业合成氨用煤制备原料气氢气时,往往排放大量的二氧化碳。实际工业生成中可利用二氧化碳联合生产二甲醚(CH3OCH3),一定条件下,在容积固定的密闭设备中发生反应:

2CO2(g)+6H2(g)CH3OCH3(g)+3H2O(g)  △H<0

两个密闭恒容容器中在温度均为T且保持不变的情况下进行上述反应,一段时间后测得两个容器中有关数据及正逆反应速率关系如下表:

容器I中的反应      (选填“是”或“否”)达到平衡状态,该反应在温度为T时的平衡常数K=         。表格内的空格处v(正)与v(逆)的大小关系是               

正确答案

(1)不能,缺少氢气的燃烧热 (2分)

(2)②③ (2分)

(3)a (2分)  cd (2分)   (2分)

(4)是 (1分) 1.0 (3分) v(正)<v(逆) (1分) 

(1)根据盖斯定律可知,反应①②无法得到反应③,因为缺少氢气的燃烧热。

(2)容器b相当于在容器a的基础上增大压强,平衡向正反应方向移动,所以b中转化率高,①、④不正确。根据a中放出的热量可以得出该温度下的平衡常数。又因为ab中温度相同,平衡常数相同,所以能计算出b中放出的热量,因此②③正确,答案选②③。

(3)反应物的浓度越大,正反应速率越大,开始阶段反应物的浓度越大,所以答案选a点。Cd两点属于平衡状态,氮气的物质的量相同。应用正反应是放热反应,所以升高温度,反应速率都是增大的,但平衡时氨气的浓度是减小的,所以图像为(见答案)。

(4)容器1中正逆反应速率是相等的,所以反应处于平衡状态。根据平衡时物质的浓度可知,平衡常数是。根据表中数据可知>1,所以正反应速率小于逆反应速率。

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(10分)根据碘与氢气反应的热化学方程式,下列判断正确的是

① I2(g)+H2(g)2HI(g)△H=-9.48 kJ/mol  

② I2(s)+H2(g)2HI(g)△H=+26.48 kJ/mol

(1)写出固态碘生成气态碘的热化学方程式:                             

(2)若反应②吸收52.96kJ热量时,转移电子的物质的量是      mol。

(3)对于在恒温、恒容密闭容器中进行的反应①,能说明其达到化学平衡状态的是  

A. 容器中气体压强不变

B. 容器中气体密度不变

C. 容器中气体颜色的深浅不变

D. 有n个H—H键断裂的同时有2n个H—I键断裂

(4)可通过反应2NO+O2=2NO2和NO2+2H+2I=NO+I2+H2O来制取碘,NO在制碘过程中的作用是                  

(5)硫酸工业尾气中二氧化硫的含量超过0.05%(体积分数)时需经处理后才能排放。某校化学兴趣小组欲测定某硫酸工厂排放尾气中二氧化硫的含量,采用以下方案:如下图所示,图中气体流量计B用于准确测量通过的尾气体积。将尾气通入一定体积已知浓度的碘水中测定SO2的含量。当洗气瓶C中溶液的蓝色消失时,立即关闭活塞A。

①用碘水测定SO2的含量的化学方程式是                             

②洗气瓶C中导管末端连接一个多孔球泡D,可以提高实验的准确度,其理由是    

③洗气瓶C中溶液的蓝色消失后,没有及时关闭活塞A,测得的SO2含量_________(填“偏高”、“偏低”或“无影响”)。

正确答案

(1)I2(s)= I2(g)△H =+35.96kJ/mol

(2)4  (3)CD (4)催化剂

(5)①SO2+I2+2H2O = H2SO4+2HI   ②使气体和溶液充分接触,充分反应   ③偏低

(1)考查盖斯定律的应用。②-①即得到I2(s)= I2(g),则△H=+26.48 kJ/mol+9.48 kJ/mol=+35.96kJ/mol。

(2)根据反应式可知每消耗1mol氢气,即每转移2mol电子,反应就吸收26.48kJ热量。所以若反应②吸收52.96kJ热量时,转移电子的物质的量是4mol。

(3)反应前后体积不变,所以压强始终是不变的。密度是混合气的质量和容器容积的比值,在反应过程中,质量和容积均是不变的,则密度始终不变。颜色的深浅和气体的浓度有关,颜色不再发生变化,即说明浓度不再发生变化,可以说明达到平衡状态。选项D速率方向相反,且满足速率之比是相应的化学计量数之比,可以说明。答案选CD。

(4)根据反应的历程可判断,NO参与化学反应,但在反应前后其质量并没有发生变化,所以是催化剂。

(5)单质碘具有氧化性,SO2具有还原性,二者发生氧化还原反应,方程式为SO2+I2+2H2O = H2SO4+2HI。根据装置D的特点可知,这样可以增大反应物的接触面积,使反应更充分。没有及时关闭活塞A,导致进入C的尾气偏多,所以SO2的含量就偏低。

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能源短缺是人类社会面临的重大问题。甲醇是一种可再生能源,具有广泛的开发和应用前景。工业上合成甲醇的反应为:CO(g)+2H2(g)CH3OH(g);ΔH

(1)已知,该反应在300℃,5MPa条件下能自发进行,则ΔH     0,△S    0(填“<,>或=”)。

(2)在300℃,5MPa条件下,将0.20mol的 CO与0.58mol H2的混合气体充入2L密闭容器发生反应,反应过程中甲醇的物质的量浓度随时间的变化如图所示。

①在0~2min内,以H2表示的平均反应速率为         mol·L-1·s-1 ,CO的转化率为        

②列式计算300℃时该反应的平衡常数K=                                  

③300℃时,将0.50mol CO、1.00mol H2和1.00 mol CH3OH充入容积为2L的密闭容器中,此时反应将          

A.向正方向移动   B.向逆方向移动   C.处于平衡状态   D.无法判断

④下列措施可增加甲醇产率的是           

A.压缩容器体积                B.将CH3OH(g)从体系中分离

C.充入He,使体系总压强增大   D.再充入0.20mol CO和0.58mol H2

(3)若其它条件不变,使反应在500℃下进行,在图中作出甲醇的物质的量浓度随时间的变化的示意图。

正确答案

(1)< <(各1分)(2)①0.02  20%(各2分)

②K==4(3分)③B(2分) ④ABD(2分)

(3)(2分)

试题分析:(1)根据△G=△H-T·△S可知,只要△G小于0,反应就是自发的。反应CO(g)+2H2(g)CH3OH(g)是熵值减小的可逆反应,所以根据该反应CO(g)+2H2(g)CH3OH(g)在300℃,5MPa条件下能自发进行可知,该反应的ΔH<0,△S<0。

(2)①根据图像可知,反应进行到2min时达到平衡状态,此时甲醇的浓度是0.02mol/L,则根据方程式可知消耗氢气的浓度是0.04mol/L,所以在0~2min内,以H2表示的平均反应速率为0.04mol/L÷2min=0.02mol/(L1min)。又因为消耗CO的物质的量浓度是0.02mol/L,而CO的起始浓度=0.2mol/L=2L=0.1mol/L,所以CO的转化率=×100%=20%。

②根据①中分析可知,平衡时氢气和CO的浓度分别是0.58mol÷2L-0.04mol/L=0.25mol/L,0.1mol/L-0.02mol/L=0.08mol/L,而甲醇的平衡浓度是0.02mol/L。由于化学平衡常数是在一定条件下,当可逆反应达到平衡状态时,生成物浓度的幂之积和反应物浓度的幂之积的比值,所以该温度下反应的平衡常数K==4。

②300℃时,将0.50mol CO、1.00mol H2和1.00 mol CH3OH充入容积为2L的密闭容器中,此时浓度商==8>4,所以反应向逆反应方向移动,答案选B。

④该反应是体积减小的放热的可逆反应,则A、压缩容器体积压强增大,平衡向正反应方向移动,甲醇的产率增大,A正确;B、将CH3OH(g)从体系中分离,平衡向正反应方向移动,甲醇产率增大,B正确;C.充入He,使体系总压强增大,平衡不移动,甲醇产率不变,C不正确;D.再充入0.20mol CO和0.58mol H2,平衡向正反应方向移动,甲醇的产率增大,D正确,答案选ABD。

(3)由于该反应是放热反应,所以若其它条件不变,使反应在500℃下进行,反应速率增大,达到平衡的时间减少,但不利于平衡向正反应方向移动,因此甲醇的浓度降低,所以甲醇的物质的量浓度随时间的变化的示意图为

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(8分)在某一容积为2L的密闭容器内,加入0.8 mol 的H2和0.6 mol 的I2 ;在一定的条件下发生如下反应:H2(g) + I2(g)  2HI(g)  ΔH﹤ 0。反应中各物质的浓度随时间变化情况如图1:

(1)根据图1数据,反应开始至达到平衡时,平均速率V(HI)为___________。(精确到小数点后第3位)

(2)反应达到平衡后,第8分钟时,若升高温度, HI浓度的变化正确的是___________(用图2中a~c的编号回答)。

(3)反应达到平衡后,第8分钟时,若加入I2, 则H2浓度的变化正确的是___________(用图2中d~f的编号回答)。

(4)反应达到平衡后,第8分钟时,若把容器的容积扩大一倍,请在图中画出从第8分钟开始向后HI浓度的变化情况。

正确答案

(8分,每空2分)(1) (2)  c           (3)f 

(4)见下图

考查反应速率的计算、外界条件对平衡的影响等

(1)平衡时生成HI是0.5mol/L,所以反应速率是0.5mol/L÷3min=0.167mol/(L·min)。

(2)正反应是放热反应,所以升高温度,平衡向逆反应方向进行,碘化氢的浓度降低,所以答案选c。

(3)若加入I2, 平衡向正反应方向移动,所以H2浓度降低,因此答案选f。

(4)由于反应前后体积不变,所以若把容器的容积扩大一倍,平衡不移动,物质的浓度都变为用来的1/2,所以正确的图像是

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(14分)完成下列各题:(1).在时,向容积为2L的密闭容器甲中加入1molN2、3molH2及少量固体催化剂,发生反应N2(g)+3H2(g)2NH3(g);,10min时各物质的浓度不再变化,测得NH3的物质的量为0.4mol。

①该反应在0~10min时间内H2的平均反应速率为          N2的转化率为         

②在时,若起始时在容器甲中加入0.5molN2、1.5 molH2、1 molNH3,则达到平衡时NH3的物质的量为(       )(填选项字母)

a 大于0.4mol   b 等于0.4mol   c 小于0.4mol

③下图是在时密闭容器甲中H2的体积分数随时间t的变化曲线,请在该图中补画出该反应在时的H2体积分数随时间t的变化曲线。

(2).已知:Al3 +与HCO3、CO32–、HS-、S2-等能发生彻底的

双水解,生活中通常利用Al3 +与HCO3的反应来制作泡沫灭火器。泡沫灭火器的简易构造如下图,a为玻璃瓶,b为铁筒,请思考:

①参与反应的液体分别为Al2(SO4)3和NaHCO3,请问a瓶中盛放的液体为:                

②为了保证泡沫灭火器的使用寿命,通常在Al2(SO4)3溶液中加入另一种物质抑制硫酸铝的水解,请问该物质是              

③已知苯酚是比碳酸更弱的酸,请问,苯酚钠和硫酸铝能否发生彻底的双水解?如能,请写出该反应的离子反应方程式:                

正确答案

(1)① 0.03mol·L-1 ·min-1   20%  

②   b   ③画在图上 (2)①Al2(SO4)3   ②H2SO4

③ 能    Al3++3C6H5O+3H2O=Al(OH)3+3C6H5OH↓

(1)①反应速率通常用单位时间内浓度的变化量来表示,平衡时氨气的物质的量是0.4mol,所以消耗氢气是0.6mol,氮气是0.2mol,因此其反应速率为。氮气的转化率为

②根据方程式可知0.5molN2、1.5 molH2、1 molNH3相当于1mol氮气和3mol氢气,因此平衡是等效的,所以氨气的物质的量还是0.4mol。

③因为反应是放热反应,所以升高温度,反应速率增大,到达平衡的水解缩短。但平衡向逆反应方向移动,氢气的含量增大,因此图像为

(2)①因为硫酸铝水解显酸性,会腐蚀铁,所以a中放的是硫酸铝,b中放的是碳酸氢钠。

②硫酸铝水解显酸性,因此要抑制其水解,需要加入稀硫酸。

③酸越弱,相应的盐越容易水解,因此苯酚钠和硫酸铝能彻底水解,方程式为Al3++3C6H5O+3H2O=Al(OH)3+3C6H5OH↓。

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环境中常见的重金属污染物有:汞.铅.锰.铬.镉。处理工业废水中含有的,常用的方法有两种。

方法1 还原沉淀法该法的工艺流程为

其中第①步存在平衡2(黄色)+2H(橙色)+H2O。

(1)写出第①步反应的平衡常数表达式_________________________________。

(2)关于第①步反应,下列说法正确的是________。

A.通过测定溶液的pH可以判断反应是否已达平衡状态

B.该反应为氧化还原反应

C.强酸性环境,溶液的颜色为橙色

(3)第②步中,还原0.1 mol ,需要________mol的FeSO4·7H2O。

(4)第③步除生成Cr(OH)3外,还可能生成的沉淀为________。在溶液中存在以下沉淀溶解平衡:Cr(OH)3(s)  Cr3(aq)+3OH(aq),常温下,Cr(OH)3的溶度积Ksp=1032,当c(Cr3)降至105 mol·L1时,认为c(Cr3)已经完全沉淀,现将第③步溶液的pH调至4,请通过计算说明Cr3是否沉淀完全(请写出计算过程):______________________________________________。

方法2 电解法

(5)实验室利用如图装置模拟电解法处理含的废水,电解时阳极反应式为________,阴极反应式为________,得到的金属阳离子在阴极区可沉淀完全,从水的电离平衡角度解释其原因是________________________。

正确答案

(1)(2)AC (3)0.6

(4)Fe(OH)3 当pH调至4时,c(OH)=1010 mol·L1c(Cr3)=1032/c3(OH)=102 mol·L1>105 mol·L1,因此Cr3没有沉淀完全

(5)Fe-2e=Fe2 2H+2e=H2↑ 阳极生成的金属阳离子向阴极移动,阴极反应消耗了H,打破了水的电离平衡,促进了水的电离,使溶液中OH的浓度增大,溶液逐渐呈碱性

(1)稀溶液中H2O的浓度可视为常数,故第①步反应的平衡常数表达式为Kc()/[c2(c2(H)]。(2)由反应①可知,平衡发生移动,溶液的pH发生变化,故pH不变时说明反应达到平衡,A项正确;中Cr均为+6价,该反应不是氧化还原反应,B项错误;在酸性环境中,溶液中c()较大,溶液呈橙色,C项正确。(3)在第②步反应中被还原为Cr3,0.1 mol 被还原时转移电子的物质的量为0.1 mol×2×(6-3)=0.6 mol,而还原剂Fe2被氧化为Fe3,故需要消耗0.6 mol FeSO4·7H2O。(4)在第②步反应中Fe2被氧化为Fe3,故第③步还有Fe(OH)3生成。(5)电解池的阳极发生氧化反应,Fe作阳极,则Fe电极本身被氧化,故阳极反应式为Fe-2e=Fe2;阴极则是电解质溶液中的H得电子,发生还原反应生成氢气,故阴极反应式为2H+2e=H2↑;阳极生成的金属阳离子移向阴极,而阴极反应消耗了H,打破了水的电离平衡,促进了水的电离,使溶液中的OH浓度增大,溶液逐渐呈碱性,从而使金属阳离子在阴极区形成沉淀。

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(共11分)工业废水中常含有一定量的Cr2O72-和CrO42-,它们会对人类及生态系统产生很大的伤害,必须进行处理。常用的处理方法有两种。

方法l:还原沉淀法

该法的工艺流程为:

其中第①步存在平衡:2CrO42-(黄色)+2H+Cr2O72-(橙色)+H2O

(1)若平衡体系的pH=2,则溶液显    色。

(2)能说明第①步反应达平衡状态的是          。

A.Cr2O2- 7和CrO2- 7的浓度相同      B.2v(Cr2O2- 7)=v(CrO2- 4)     C.溶液的颜色不变

(3)第③步生成的Cr(OH)3在溶液中存在以下沉淀溶解平衡: Cr(OH)3(s)Cr3+(aq)+3OH(aq)

常温下,Cr(OH)3的溶度积Ksp=c(Cr3+)•c3(OH-)=10-32,要使c(Cr3+)降至10-5mol/L,溶液的pH应调至          

方法2:电解法

该法用Fe做电极电解含Cr2O72-的酸性废水,随着电解进行,在阴极附近溶液pH升高,产生Cr(OH)3沉淀。

(4)用Fe做电极的原因为                  。

(5)在阴极附近溶液pH升高的原因是(用电极反应式解释)      。溶液中同时生成的沉淀还有      

正确答案

(共11分)(1)橙 (1分);(2)C(2分); (3)5(2分);

(4)阳极反应为Fe-2e=Fe2+(2分);提供还原剂Fe2+(1分)

(5)2H+ +2e=H2↑(2分);Fe(OH)3 (1分)

试题分析:(1)pH=2说明溶液显酸性,平衡向正反应方向移动,Cr2O72的浓度会增大,所以溶液显橙色。

(2)在一定条件下的可逆反应里,当正反应速率和逆反应速率相等,反应物的浓度与生成物的浓度不再改变时,该可逆反应就到达化学平衡状态。平衡时浓度不再发生变化,但物质之间的浓度不一定相等或满足某种关系,因此选项A不正确;在任何情况下Cr2O72和CrO42的反应速率之比总是满足1:2,因此选项B也不正确;颜色的深浅与浓度有关系,溶液颜色不再改变,这说明Cr2O72和CrO42的浓度不再发生改变,因此可以说明反应已经达到化学平衡状态,C正确,答案选C。

(3)由溶度积常数的表达式Ksp=c(Cr3+)·c3(OH)=10-32可知,当c(Cr3+)=10-5mol/L时,c(OH)=10-9mol/L,所以pH=5。

(4)Cr2O72要生成Cr(OH)3沉淀,必需有还原剂,而铁做电极时,在阳极上可以失去电子产生Fe2+,阳极方程式为Fe-2e=Fe2+

(5)在电解池中阳离子在阴极得到电子,在溶液中由于H+得电子得能力强于Fe2+的,因此阴极是H+放电,方程式为2H++2e=H2↑。随着电解的进行,溶液中的H+浓度逐渐降低,水的电离被促进,OH浓度逐渐升高。由于Fe2+被Cr2O72氧化生成Fe3+,当溶液碱性达到一定程度时就会产生Fe(OH)3沉淀。

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填空题

830K时,在密闭容器中发生下列可逆反应:

CO(g)+H2O(g)CO2(g)+H2(g);△H<0  试回答下列问题:

(1)若起始时c(CO)="2" mol·L-1,c(H2O)="3" mol·L-1,达到平衡时CO的转化率为60%,则在该温度下,该反应的平衡常数K=           .

(2)在相同温度下,若起始时c(CO)="1" mol·L-1,c(H2O)="2" mol·L-1,反应进行一段时间后,测得H2的浓度为0.5 mol·L-1,则此时该反应是否达到平衡状态     (填“是”与“否”), 此时v(正)正)   v(逆)(逆)(填“大于”“小于”或“等于”),你判断的依据是                               

(3)若降低温度,该反应的K值将                (均填“增大”“减小”或“不变”)。

正确答案

(1)平衡常数K= 1

(2) 否   大于 

依据是Q="0.5×0.5/0.5×1.5" <1,即Q<K。所以未达平衡,V(正)>V(逆)

(3)增大

(1)达到平衡时CO的转化率为60%,则生成CO2和氢气的浓度都是1.2mol/L,此时CO和水蒸气的浓度分别是0.8mol/L、1.8mol/L,所以该反应的平衡常数是

(2)反应进行一段时间后,测得H2的浓度为0.5 mol·L-1,则此时CO2也是0.5mol/L,而CO和氢气分别是0.5mol/L和1.5mol/L,所以有,即Q<K。所以未达平衡,V(正)>V(逆)。

(3)正反应是放热反应,降低温度,平衡向正反应方向进行,所以平衡常数增大。

下一知识点 : 化学反应进行的方向
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