- 能量守恒定律、第一类永动机
- 共848题
关于能源，下列说法中正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、煤炭、石油短期内不能再生，是非可再生能源，故A错误．
B、自然界中的总能量守恒，但是有些能源消耗就不会再生了，故过度利用会造成能源危机，故B错误．
C、热量的传递分自发和非自发，自发的具有方向性，非自发的没有，故热量可以从低温物体传到高温物体，但是会产生其他影响，故C正确．
D、有热力学第二定律可知，不可能从单一热源吸热使之全部转化成有用功，故热机效率永远不可能达到100%，故D错误．
故选：C．
以下说法中正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、第一类永动机违背了能量守恒定律，因而不可能制成．故A正确．
B、气体分子间隙比较大，气体体积大于各个气体分子的体积之和．故B错误．
C、热力学温标是-273℃为零度的温标，热力学温标又称为绝对温标，-273℃又称为绝对零度．故C正确．
D、液体能否浸润某种固体，不仅与液体的性质有关，还与固体的性质有关．故D正确．
故选ACD
（1）试用图中规定的符号，画出涨潮和落潮时，海水双向流动的路径．
（2）已知某潮汐电站海湾水库面积约2.5×106m2，假设电站的总能量转换效率为10%，该电站的年发电总量1.0×107kW•h，电站发电功率为3.2×103kW．试推算出大坝两侧涨、落潮的平均潮差及日满负荷工作的时间．
正确答案
解析
解：（1）涨潮、落潮时海水双向流动的路径应从两方面考虑：
一是涨潮时海水从外海流向水库（虚线所示），落潮时海水从水库流向外海（实线所示）；
二是应使水流从同一方向流过水轮机．海水双向流动的路径如图．
（2）设大坝两侧涨、落潮的平均潮差为h；
每天海水涨、落两次，双向潮汐电站做功4次，由题意列式
其中W=1.0×107×103×3600=3.6×1013J，m=ρSh=1.0×103×25×106=25 109 （kg），
将数据代入①式，求得 =4.4m．
设每日满负荷工作的时间为 小时，由题意列式 W=P×365t ②
其中=1.0×107 kW•h，=3.2×103 kW，
将数据代入②式，求得 =8.6h
答：（1）如图所示；
（2）大坝两侧涨、落潮的平均潮差为4.4m，日满负荷工作的时间为8.6h．
正确答案
解析
解：
由于从同一高度下落，到达磁场边界时具有相同的速度v，切割磁感线产生感应电流同时受到磁场的安培力为：
由电阻定律有：
所以下边刚进入磁场时所受的安培力为：
此时加速度为：
将线圈的质量m=ρ0S•4l（ρ0为材料的密度）代入上式，所以得加速度为：
经分析上式为定值，线圈Ⅰ和Ⅱ同步运动，落地速度相等v1=v2
由能量守恒可得：
Ⅰ为细导线m小，产生的热量小，所以Q1＜Q2．正确选项D，选项ABC错误．
故选：D．
（1）将小球乙从x1=8cm处由静止释放，小球乙所能达到的最大速度为多大？
（2）小球乙在光滑水平面上何处由静止释放，小球乙不可能第二次经过x0=20cm的位置？并写出必要的推断说明；
（3）小球乙经过x=11cm时加速度大小和方向．
正确答案
解析
解：（1）球乙运动到x0=20cm位置时势能最小，速度最大，由能量守恒可得：
解出：
（2）在0＜x＜6cm区间内将小球乙由静止释放，不可能第二次经过x0．
原因：在0＜x＜6cm区间内两球之间的作用力为排斥力，在20cm＜x＜∞区间内两球之间作用力为吸引力，无穷远处和6cm处的势能为0.28J．若小球乙的静止释放点在6cm＜x＜∞区间，小球乙做往复运动，多次经过x0=20cm的位置．而静止释放点在0＜x＜6cm区间内时，初态势能大于0.28J，小球乙将会到无穷远处而无法返回，只能经过x0位置一次．
（3）x3=11cm处的切线斜率绝对值k=0.03J/cm=3J/m 表明此处乙球受到甲球F=3N的排斥力，所以，乙球在x3=11cm处时，加速度大小为：
a=
答：（1）最大速度为1m/s
（2）在0＜x＜6cm区间内将小球乙由静止释放，不可能第二次经过x0．
（3）乙球在x3=11cm处时，加速度大小a7.5m/s2，方向沿x轴正方向
扫码查看完整答案与解析