- 孟德尔的豌豆杂交实验(二)
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（2015秋•临海市校级月考）人类的多指（T）对正常（t）为显性，白化（a）对正常肤色（A）为隐性，它们独立遗传．一个家庭中父亲多指，母亲手指正常，两人肤色正常，他们有一个患白化病但手指正常的儿子，则他们再生一个同时患这两种病的孩子的概率为（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：设多指由B基因控制，白化病由a基因控制，则父亲多指、母亲正常的基因型分别是A_B_，A_bb．又知他们有一个患白化病但手指正常的孩子（aabb），因此这对夫妻的基因型为：AaBb和Aabb，因而他们再生一个同时患这两种病的孩子的概率为
故选：D．
如图表示人体内苯丙氨酸的部分代谢途径的示意图，基因ABC为显性时，代谢可正常进行，若隐性纯合时则会使代谢受阻，引起相应的疾病．假设每对基因均位于不同对的同源染色体（常染色体）上，请回答下列问题：
（1）碘是甲状腺激素合成的原料，碘进入甲状腺细胞的方式是______，根据图示过程，基因D控制酶4的合成，某甲先天D基因缺失，表现呆小症，说明基因对性状的控制是通过______实现的．某乙基因D正常，但由于幼年时期缺碘导致甲状腺激素分泌不足而患呆小症，体现了生命活动调节中神经调节和体液调节之间的关系是______．
（2）若一对夫妻基因型均为AaBb，则生一个白化男孩的概率是______．
（3）如图是一个苯丙酮尿症家族系谱图，请据图回答：
从遗传系谱图中可以判定，致病基因是在______染色体上的______性基因，如果家族中3和4号个体的基因型都为AaBb，再生一个男孩既不患白化病又不患苯丙酮尿症的概率是______．
正确答案
解析
解：（1）由于细胞膜具有选择透过性，所以离子出入细胞的方式为主动运输；根据基因D控制酶4的合成，说明基因对性状的控制是通过控制酶的合成控制生物的代谢进而控制生物性状实现的．生命活动调节中神经调节和体液调节共同作用，一方面神经系统直接调控某些内分泌腺的活动，另一方面某些内分泌腺分泌的激素又影响了神经系统的发育和功能，所以幼年时期缺碘导致甲状腺激素分泌不足，影响神经系统的发育而患呆小症．
（2）由于正常个体细胞中必含AB基因，所以一对基因型均为AaBb的夫妻，生一个白化男孩的概率是（1-3/4×3/4）×1/2=7/32．
（3）根据题意和图示分析可知：苯丙酮尿症属于常染色体隐性遗传病．3和4号个体的基因型都为AaBb，再生一个男孩既不患白化病又不患苯丙酮尿症的概率是3/4×3/4×3/4=27/64．
答案：（1）主动运输 控制酶的合成控制生物的代谢进而控制生物性状
一方面神经系统直接调控某些内分泌腺的活动，另一方面某些内分泌腺分泌的激素又影响了神经系统的发育和功能
（2）7/32
（3）常 隐 27/64
某农作物中控制某种除草剂抗性（简称抗性，T）与除草剂敏感（简称非抗，t）、高茎（H）对矮茎（h）的基因在3号染色体上，控制非糯性（G）与糯性（g）的基因在6 号染色体上．请分析回答下列问题：
（1）有人以纯合的非抗非糯性玉米（甲）为材料，经过EMS诱变处理获得抗性非糯性个体（乙）；甲的花粉经EMS诱变处理并培养等，获得可育的非抗糯性个体（丙），这个事实表明基因突变的结果是产生了原有基因的______．诱变育种的成功再次说明基因突变是产生的途径，______是生物变异的根本来源．正常情况下，丙个体细胞中基因g最多有______个．
（2）若要培育抗性糯性的新品种，采用乙与丙杂交，F1只出现抗性非糯性和非抗非糯性的个体；从F1中选择表现为______的个体自交，F2中有抗性糯性个体，用隐性亲本与F2中抗性糯性植株测交，后代中抗性糯性与非抗糯性植株的比例为______．
．因此，杂交育种就是将两个或多个品种的______通过交配集中在一起，再经过______，获得新品种的方法．
（3）用基因型为HHTT和hhtt的植株为亲本杂交得F1，F1自交得F2．理论上，F2的表现型及其比例为______．观察获得的F2植株发现，其中出现少量的抗性矮茎植株，这说明F1在产生配子的过程中，发生了______，导致染色单体上的基因重组．
正确答案
解析
解：（1）基因突变往往是突变为其等位基因，基因突变是生物变异的根本来源．据图分析已知丙的基因型是ttgg，则其在有丝分裂后期最多可以出现4个g．
（2）由丙的培育过程中知，丙为纯合子，丙的基因型为ttgg．乙与丙杂交，F1中既有抗性又有非抗性个体，所以乙的基因型为Tt；F1全为非糯性，所以乙的基因型为GG，因此乙的基因型为TtGG．要培育抗性糯性品种，需要从F1中选择抗性非糯性个体进行自交．由乙和丙的基因型可推测出F1中抗性非糯性的基因型为TtGg，其自交后代中抗性糯性个体（T_gg）占的比例为：
（3）用基因型为HHTT和hhtt的植株为亲本杂交得F1HhTt，由于两对基因在一对染色体上，所以F1自交得F2，后代基因型及比例为HHTT：HhTt：hhtt=1：2：1，即F2的表现型及其比例为高茎抗性：矮茎非抗=3：1．若后代出现少量的抗性矮茎（H_tt）植株，这说明F1在产生配子的过程中，发生了交叉互换，导致染色单体上的基因重组，形成了Ht配子．
故答案为：
（1）等位基因 基因突变 4
（2）抗性非糯性 3：1 优良性状 自交
（3）高茎抗性：矮茎非抗=3：1 交叉互换
（2015秋•安徽校级月考）某植物有全雌株（只有雌花）、全雄株（只有雄花）和正常株（雌花、雄花均有）等不同性别类型的植株，研究人员做了如图所示的实验．请回答问题：
（1）对实验一数据进行统计学分析，发现F2的性状分离比接近于3：10：3，据此推测该植株的性别类型由______对基因控制，其遗传符合基因的______定律．
（2）若第一对基因以A、a表示，第二对基因以B、b表示，第三对基因以C、c表示，…以此类推，则实验一F2正常株的基因型有______种，F2中正常株纯合子的比例为______．实验二亲本正常株的基因型为______．
正确答案
解析
解：（1）实验一全雌株与全雄株杂交，F1全正常株，F2代的分离比接近3：10：3，共16个组合，可见该节瓜的性别决定是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律．
（2）由题意分析已知该节瓜的性别决定是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律，且F1是双杂合子．若第一对基因以A、a表示，第二对基因以B、b表示，则F1正常株的基因型是AaBb．由F2代的性状分离比全雌株：正常株：全雄株=3：10：3，可知：正常株是双显性（9）和双隐性（1），全雌株、全雄株为单显性（3），所以F2正常株的基因型有：AABB、AABb、AaBB、AaBb、aabb，其中纯合子AABB、aabb占两份，故纯合子的比例为
（3）设全雌株为aaB-，实验一F1正常株AaBb与基因型为 aabb的植株测交，子代为1AaBb（正常株）：1aabb（正常株）：1aaBb（全雌株）：1Aabb（全雄株），即全雌株：正常株：全雄株=1：2：1．实验二F1正常株AaBB与基因型为 aabb的植株测交，子代为1AaBb（正常株）：1aaBb（全雌株）．如果设全雌株的基因型为A-bb，其结果是一样的．
故答案为：
（1）两（或2）自由组合
（2）5 
正确答案
解析
解：只看长毛和短毛这一对相对性状，后代长毛：短毛=（30+30）：（10+10）=3：1，属于杂合子自交类型，亲本的基因型为Aa×Aa；只看黑色和白色这一对相对性状，后代黑色：白色=（10+30）：（10+30）=1：1，属于测交类型，亲本的基因型为Bb×bb．综合以上可知“个体X”的基因型应为Aabb．
故选：D．
若图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆实验材料及其体内相关基因控制的性状、显隐性及其在染色体上的分布．下列相关叙述正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、丁个体DdYyrr自交，由于有两对基因连锁，所以相当于1对杂合子自交，子代会出现2种表现型比例为3：1，A错误；
B、甲、乙图个体基因型中只有一对基因是杂合子，只能揭示孟德尔基因的分离定律的实质，B错误；
C、“孟德尔用丙的YyRr自交子代表现为9：3：3：1”不属于孟德尔假说的内容，C错误；
D、孟德尔用假说-演绎法揭示基因分离定律时，在实验验证时可以选甲、乙、丙、丁为材料，D正确．
故选：D．
豌豆黄色（Y）对绿色（y）呈显性，圆粒（R）对皱粒（r）呈显性，这两对基因是自由组合的．甲豌豆（YyRr）与乙豌豆杂交，其后代中四种表现型的比例是3：3：1：1．乙豌豆的基因型是（ ）
正确答案
解析
解：A、甲豌豆（yyRr）×Yyrr→后代表现型有四种，且比例为（3：1）×（1：1）=3：3：1：1，A正确；
B、甲豌豆（YyRr）×YyRR→后代表现型有2种，且比例为（3：1）×1=3：1，B错误；
C、甲豌豆（YyRr）×yyRR→后代表现型有四种，且比例为（1：1）×1=1：1，C错误；
D、甲豌豆（YyRr）×YyRr→后代表现型有四种，且比例为（3：1）×（3：1）=9：3：3：1，D错误．
故选：A．
为研究兔毛色和体形的遗传，现让一只白化正常兔和一只比利时正常兔杂交，F1代均表现为野鼠灰色正常兔．让F1中的某只雌兔与F1中的雄兔多次生育，所生子代统计如下：
（1）根据此实验过程和结果可推测，毛色性状由位于______对染色体上的基因控制．
（2）若让F2中的白化兔随机交配，得到的F3的表现型为______．若让F2中的比利时兔随机交配，得到的F3中比利时兔所占比例为______．
（3）若纯合野鼠色兔的基因型为AABB，a基因纯合能阻碍各种色素的合成．现取F2中的一只白化雄兔与多只比利时雌兔交配，发现某只雌兔多次生育所产的子代有野鼠色兔、淡色青紫蓝兔、比利时兔和淡色比利时兔，且比例为1：1：1：1．研究发现，淡色兔体内含有淡化色素的基因a+，该基因最可能位于______染色体上．小白鼠的多种毛色变异的来源是______．请用遗传图解表示该杂交过程．
（4）F2中的白化雌兔的基因型共有______种．为了多得到观赏性的白化侏儒兔（侏儒由E、e基因控制），应让己得的白化侏儒雄兔与F2中基因型为______的雌兔杂交．
正确答案
解析
解：（1）兔毛色和体形的遗传，现让一只白化正常兔和一只比利时正常兔杂交，F1代均表现为野鼠灰色正常兔．让F1中的某只雌兔与F1中的雄兔多次生育，所生子代中：雄兔和雌兔都是野鼠灰色：比利时：白化=9：3：4，符合两对基因全杂合子的杂交结果，由此可推知控制毛色性状由位于2对染色体上的基因控制；
（2）若控制兔毛色的两对基因是A、a和B、b，则有题干信息可推知：亲代白化正常兔基因型为：aaBB或AAbb，比利时基因型：AAbb或aaBB；野鼠灰色基因型：A_B_，比利时基因型：A_bb或aaB_白化基因型：aa__或__bb，所以白化兔（aa__或__bb），随机交配后代的基因型均为：aa__或__bb，所以得到的F3的表现型为白化兔；若让F2中的比利时兔其中有（
（3）若纯合野鼠色兔的基因型为AABB，a基因纯合能阻碍各种色素的合成．所以F2中的一只白化雄兔基因型为
（4）F2中的白化雌兔的基因型有：F1中雌兔基因型为：AaBbXEXe，雄兔基因型为AaBbXEY，所以F2中的白化雌兔的基因型有：3×2=6种，为了多得到观赏性的白化侏儒兔（侏儒由E、e基因控制），所以最大程度的增加突变基因的纯合度，所以应让己得的白化侏儒雄兔与F2中基因型为aaBBXEXe、aaBbXEXe、aabbXEXe的雌兔杂交；故答案为：
（1）2
（2）白化兔 
（3）常 基因突变和基因重组
（4）6 aaBBXEXe、aaBbXEXe、aabbXEXe
如图是同种生物4个个体的细胞示意图，其中哪两个图代表的生物的杂交可得到两种表现型、六种基因型（ ）
正确答案
解析
解：图1能产生4种配子，图2能产生2种配子，图3能产生2种配子，图4只能产生一种配子．因此：
A、图1和图4所示生物杂交即AaBb×AAbb，后代出现1×2=2种表现型、2×2=4种基因型，A错误；
B、图l和图2所示生物杂交即AaBb×AABb，后代出现1×2=2种表现型、2×3=6种基因型，B正确；
C、图2和图3所示生物杂交即AABb×Aabb，后代出现1×2=2种表现型、2×2=4种基因型，C错误；
D、图3和图4所示生物杂交即Aabb×AAbb，后代出现1×1=1种表现型、2×1=2种基因型，D错误．
故选：B．
人类多指基因（T）对正常指（t）为显性，自化基因（a）对正常基因（A）为隐性，都在常染色体上，而且都是独立遗传．一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个患白化病但手指正常的孩子，则下一个孩子只有一种病和同时患两种病的几率分别是（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：由以上分析可知该夫妇的基因型为AaTt×Aatt，他们所生孩子患多指的概率为
故选：A．
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