- 孟德尔的豌豆杂交实验(二)
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下图是用高杆抗病（DDTT）小麦和矮杆不抗病（ddtt）小麦做亲本培育矮杆抗病优良小麦品种的过程．请分析回答：
（1）基因D和d在结构上的区别是______．
（2）高杆与矮杆、抗病与不抗病这两对相对性状遵循孟德尔的______定律．
（3）F1的基因型为______，它能产生______种不同基因型的配子，比例是______．
（4）育种方法1名称为______，得到的F2的表现型有______种，其中矮杆抗病的小麦中杂合子占______．
（5）育种方法2依据的遗传学原理是______．其中的“A”操作指______．
正确答案
解析
解：（1）基因D和d属于一对等位基因，在结构上的区别是碱基对的排列顺序不同．
（2）高杆与矮杆、抗病与不抗病这两对相对性状遵循孟德尔的基因自由组合定律．
（3）高杆抗病（DDTT）小麦和矮杆不抗病（ddtt）小麦杂交，F1的基因型为为DdTt，经减数分裂能产生DT、Dt、dT、dt四种不同基因型的配子，比例为1：1：1：1．
（4）育种方法1名称为杂交育种，得到的F2的表现型有4种，比例为9：3：3：1，其中矮杆抗病（ddT_）的小麦中杂合子占
（5）育种方法2为单倍体育种，依据的遗传学原理是染色体变异．其中的“A”操作指花药离体培养，获得单倍体幼苗．
故答案为：
（1）碱基对的排列顺序不同
（2）自由组合
（3）DdTt 4 1：1：1：1
（4）杂交育种 4
（5）染色体变异 花药离体培养
基因型为AaBb的个体，A对a和B对b完全显性，自交后代不会出现的性状分离比是（不考虑交叉互换及其他变异）（ ）
正确答案
解析
解：A、9：3：3：1的变式可以是（9+3）：（3+1）=3：1，A正确；
B、9：3：3：1的变式不可能是1：2：1，B错误；
C、基因型为AaBb的个体，A对a和B对b完全显性，自交后代为A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9：3：3：1，C正确；
D、9：3：3：1的变式不可能是1：3：1，D错误．
故选：BD．
现有4个小麦纯合品种，即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒．已知抗锈病对感锈病为显性，无芒对有芒为显性，且这两对相对性状各由一对等位基因控制．若用上述4个品种组成两个杂交组合，使其F1均为抗锈病无芒，且这两个杂交组合的F2的表现型及其数量比完全一致．回答问题：
（1）为实现上述目的，理论上，必须满足的条件有：在亲本中控制这两对相对性状的两对等位基因必须位于______（填“同源”或“非同源”）染色体上，在形成配子时非等位基因要______，在受精时雌雄配子要______，而且 每种合子（受精卵）的存活率也要______．那么这两个杂交组合分别是
______和______．
（2）上述两个杂交组合的全部F2植株自交得到F3种子，1个F2植株上所结的全部F3种子种在一起，长成的植株称为1个F3株系．理论上，在所有F3株系中，只表现出一对性状分离的株系有4种：
①表现型为抗锈病无芒：抗锈病有芒，其数量比为______．
②表现型为抗锈病无芒：感锈病无芒，其数量比为______．
③表现型均为有芒，发生分离的性状是______．
④表现型均为染锈病，发生分离的性状是______．
正确答案
解析
解：（1）若抗锈病与感锈病、无芒与有芒分别受A/a、B/b这两对等基因控制，再根据题干信息可知4个纯合亲本的基因型可分别表示为AABB、AAbb、aaBB、aabb，若要使两个杂交组合产生的F1与F2均相同，则两个亲本组合只能是AABB（抗锈病无芒）×aabb（感锈病有芒）、AAbb（抗锈病有芒）×aaBB（感锈病无芒），得F1均为AaBb，这两对等位基因须位于两对同源染色体上，非同源染色体上的非等位基因自由组合，才能使两组杂交的F2完全一致，同时受精时雌雄配子要随机结合，形成的受精卵的存活率也要相同．
（2）根据上面的分析可知，F1为AaBb，F2植株将出现9种不同的基因型：AABB、AaBB、AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBB、aaBb、aabb，可见F2自交最终可得到9个F3株系，其中基因型AaBB、AABb、Aabb、aaBb中有一对基因为杂合子，自交后该对基因决定的性状会发生性状分离，依次是：①抗锈病无芒：抗锈病有芒=3：1；②抗锈病无芒：感锈病无芒=3：1；③若表现型均为有芒，则发生分离的性状是抗锈病、感锈病；④若表现型均为染锈病，则发生分离的性状是有芒、无芒．
故答案为：
（1）非同源染色体 自由组合 随机结合 相等 抗锈病无芒×感锈病有芒 抗锈病有芒×感锈病无芒
（2）①3：1 ②3：1 ③抗锈病、感锈病 ④有芒、无芒
甜豌豆的紫花对白花是一对相对性状，由非同源染色体上的两对基因共同控制，只有当同时存在两个显性基因（A和B）时，花中的紫色素才能合成，下列说法中正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、AAbb的白花豌豆与aaBB的白花豌豆杂交，后代可能出现紫花甜豌豆AaBb，A错误；
B、AaBb的紫花甜豌豆自交，后代基因型及比例为A-B-（紫花）：A-bb（白花）：aaB-（白花）：aabb（白花）=9：3：3：1，即AaBb的紫花甜豌豆自交，后代中紫花和白花甜豌豆之比为9：7，B正确；
C、如果是AABb或AaBB的紫花豌豆自交，子代中的紫花和白花的比例就是3：1，C错误；
D、若后代紫花与白花之比为3：5，则基因型为AaBb和aaBb或AaBb和Aabb，D错误．
故选：B．
（2015秋•石嘴山校级月考）某种哺乳动物的直毛（B）对卷毛（b）为显性，黑色（C）对白色（c）为显性（这两对基因分别位于两对同源染色体上）．基因型为BbCc的个体与“个体X”交配，子代中有
正确答案
解析
解：A、BbCc×BbCc→子代中卷毛黑色个体（bbC_）所占的比例为
B、BbCc×Bbcc→子代中卷毛黑色个体（bbC_）所占的比例为
C、BbCc×bbCc→子代中卷毛黑色个体（bbC_）所占的比例为
D、BbCc×Bbcc→子代中卷毛黑色个体（bbC_）所占的比例为
故选：C．
一种观赏菊花，纯合黄色品种与纯合鲜红色品种杂交，F1为黄色，F1自交，F2为9黄：6橙：1鲜红．若将F2中的橙色植株用鲜红色植株授粉，则后代表现型及其比例是（ ）
正确答案
解析
解：根据题意9﹕6﹕1是9：3：3：1的变式，可推知花的颜色是由两对等位基因（A、a和B、b）控制的，且遵循基因的自由组合定律．由比例可知，A和B同时存在时开黄色花，只有A或只有B时开橙色花，A和B都不存在时开鲜红色花，纯合的黄色品种（AABB）×纯合的鲜红色品种（aabb）→F1为橙色（AaBb），F1自交得F2，F2中鲜红色植株的基因型为aabb，橙色植株的基因型及比例为AAbb：Aabb：aaBB：aaBb=1：2：1：2，即
故选：B．
（1）由图可知，该动物体内产生的细胞中最多存在______个b基因，最少含有______个A基因．
（2）如图所示控制黑色素合成的三对基因的遗传是否遵循自由组合定律？______（填“是”或“否”）．原因是______．
（3）基因型都为AaBbCc的雌雄个体的体色的表现型为______，这样的两个个体杂交其后代中黑色个体所占的比例理论上应为______．
正确答案
4
0
是
三对基因分别位于三对同源染色体上
白色
解析
解：（1）由图可知，该动物体内产生的细胞中，染色体复制而细胞没有分裂时，最多可存在4个b基因；而在减数分裂过程中，由于等位基因分离，所以最少含有0个A基因．
（2）由于基因A、a与b、b分别位于两对同源染色体上，且C基因位于其它染色体上，所以如图所示控制黑色素合成的三对基因的遗传遵循自由组合定律．
（3）基因型都为AaBbCc的雌雄个体不能合成黑色素，所以体色的表现型都为白色．这样的两个个体杂交其后代中黑色个体（A_bbC_）所占的比例理论上应为
故答案为：
（1）4 0
（2）是 三对基因分别位于三对同源染色体上
（3）白色
已知某一动物种群中仅有Aabb和AAbb两种类型个体，两对性状遵循基因的自由组合定律，Aabb：AAbb=1：1，且该种群中雌雄个体比例为1：1，个体间可以自由交配，则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体所占比例（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：亲本是Aabb和AAbb，只要考虑A与a这一对相对性状个体间的自由交配（因为两个亲本都是bb，后代也全为bb）．据题意无论雌性或雄性，都有Aa和AA两种类型，Aa：AA=1：1，这样亲本Aa占1/2，它所产生的配子A占1/4，a占1/4；AA占1/2，它所产生的配子全为A占1/2．这样亲本产生的配子中A占3/4，a占1/4．无论雌、雄均有这两种，均为这样的比例，因此后代AA的概率为3/4×3/4=9/16，aa的概率为1/4×1/4=1/16，Aa的概率2×3/4×1/4=6/16，因此子代中能稳定遗传的个体所占比例=9/16+1/16=10/16=5/8．
故选B．
A
B
C
D
正确答案
解析
解：分析图形可知，图中有4对等位基因，分别位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律和连锁与互换定律．
A、由图分析可知
B、图中
C、图
D、图
故选：A．
黄色圆粒豌豆（YyRr）自交，自交后代中，杂合子的表现型共有（ ）
正确答案
解析
解：黄色圆粒豌豆（YyRr）自交：
由于绿色皱粒肯定为纯合子，因此杂合子表现型共有三种．其杂合子基因型包括：YYRr、YyRR、YyRr、Yyrr、yyRr五种．
故选：A．
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