- 孟德尔的豌豆杂交实验(二)
- 共13438题
大豆是两性植物．下面是大豆的某些性状的遗传实验：大豆子叶颜色（BB表现为深绿色；Bb表现为浅绿色；bb表现黄色，幼苗阶段死亡）和花叶病的抗性（由R、r基因控制）遗传的实验结果如下表：
（1）组合一中父本的基因型是______，组合二中父本的基因型是______．
（2）如果用杂交组合一中的父本自交得到F1，则在F1的成熟植株中，浅绿抗病类型占______．
（3）若以表中的亲本为材料，用最简便的方法培育出纯合的子叶深绿抗病的大豆品种．写出育种程序．
正确答案
解析
解：（1）组合一中的母本基因型为BBrr，由于F1的表现型都为抗病，所以父本基因型是BbRR；由于组合二的后代中出现了不抗病的后代，因此，组合二中父本的抗病基因组成为杂合子，即组合二中父本的基因型为BbRr．
（2）分析组合一的基因型：母本子叶深绿不抗病，基因型为BBrr；父本子叶浅绿抗病，基因型为BbRR，如果用杂交组合一中的父本BbRR自交得到F1因为bb呈黄色，幼苗阶段死亡，所以Bb自交的后代中BB表现深
（3）由上面的分析可知，组合一中父本基因型为BbRR，让其自交得到子代，子代中深绿个体即为所需，此种方法只需一年即可得到．值得注意的是：尽管单倍体育种的方法也能在一年内获得子叶深绿抗病的纯合植株，但操作较为复杂，且题中具有RR的个体，而子叶深绿可通过性状表现直接选择，因此不宜选择单倍体育种方法获得．
故答案为：
（1）BbRR BbRr
（2）
（3）用组合一中的父本植株自交，在子代中选出子叶深绿的类型即为纯合的子叶深绿抗病大豆品种
已知短指（B）对于正常指（b）是显性；不聋哑（D）对聋哑（d）是显性．一位正常指聋哑人的父亲是短指症，母亲为正常，父母都不聋哑．请问正常指聋哑人父母的基因型是什么？他的妹妹患病的概率多大？（ ）
A父BbDd、母bbDd 
B父BBDD、母bbDd 
C父BbDd、母bbDd 
D父BbDd、母bbDD 
正确答案
解析
解：根据分析，父亲的基因型为B_D_，母亲的基因型为bbD_．由于生了一个正常指聋哑人，其基因型为bbdd，所以可判断他父亲基因型为BbDd，母亲基因型为bbDd．
他的妹妹患病的概率为1-
故选：C．
一个基因型为AaBbcc的小麦与一个基因型为AABbCC的小麦杂交，子代中基因型为AABbCc的个体占（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：已知亲本的基因型为AaBbcc和AABbCC，要求后代中基因型为AABbCc的个体比例，按基因自由组合规律，一对一对分析即可．
要产生AABbCc的子代，看亲本基因型AaBbcc和AABbCC，则产生子代AA的概率是
故选：C．
现用纯种黄颖燕麦与纯种黑颖燕麦杂交，F1全为黑颖，F1自交产生的F2中，黑颖：黄颖：白颖=12：3：1．下列相关说法中正确的是 （ ）
A控制颖色的两对基因位于2对同源染色体上
BF2中非黑颖有3种基因型，纯合体占
CF2中黄颖自交后代中杂合体占
DF1测交，后代基因型比为1：1：1：1
正确答案
解析
解：A、根据题中分离比可知，控制颖色的两对基因遵循基因的自由组合定律，因此两对基因位于两对同源染色体上，A正确；
B、F2中的基因组成表现型可以写出A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9：3：3：1，其中aaB_为黄颖，aabb为白颖，因此非黑颖有3种基因型，aaBB、aaBb、aabb，纯合子占
C、F2中黄颖的基因型为aaB_，其中杂合子占
D、由题意可知，F1个体是双杂合子，基因型为AaBb，产生的配子的基因型及比例是：AB：Ab：aB：ab=1：1：1：1，测交后代的基因型及比例为：AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，其中AaBb和Aabb为黑颖，aaBb为黄颖，aabb为白颖，比例为2：1：1，D正确．
故选：ABD．
（1）黑色小鼠的基因型可能为______．这种基因对性状的控制方式是______．
（2）AaBb×AaBb杂交，后代的幼体表现型及比例为：______．后代的成体表现型及比例为：______．
（3）两只黑色小鼠杂交，后代成体中只有白色和黑色小鼠，且比例为1：6，亲本基因型可能为AaBb×______．
（4）若将AaBb个体的体细胞核移入aabb个体的去核卵细胞中，则形成的重组个体表现为______．
正确答案
解析
解：（1）由题意可知，白色是因为甲物质积累，即没有基因A指导合成的酶1，即基因型为aa_ _，酶2和酶3存在与否，都是白色．黑色是因为丙物质积累，即基因型为A_B_，同理，丁物质积累表现为花斑色，基因型为A_bb．所以黑色小鼠的基因型可能是AABB、AaBB、AABb、AaBb．这种基因对性状的控制方式是基因通过控制酶的合成控制代谢，从而控制生物性状．
（2）丙物质积累表现为黑色，所以黑色必须是能产生乙和丙物质的，因此，其基因型为AABb、AABB、AaBB、AaBb四种；由于aa使甲物质积累表现为白色，丙物质积累表现为黑色，丁物质积累表现为花斑色，所以AaBb×AaBb杂交，则后代中幼体的表现型及比例为黑色：花斑色：白色=9：3：4；后代的成体表现型及比例为黑色：花斑色：白色=9：3：2（还有一半死亡）．
（3）白色：黑色=1：6，有题意可知，a纯合时导致成体会有50%死亡，即在成体前，白色：黑色=2：6=1：3．即aa_ _：A_B_=1：3，亲本有一个是AaBb，由自由组合规律，另一个亲本的基因型为AaBB．
（4）小鼠的遗传物质是DNA，DNA主要存在于细胞核中，若将AaBb个体的体细胞核移入aabb个体的去核卵细胞中，则形成的重组个体表现与提供细胞核的个体相同，即表现为黑色（AaBb）．
故答案为：
（1）AABB、AABb、AaBB、AaBb（或A_B_） 基因通过控制酶的合成控制代谢，从而控制生物性状
（2）黑色：花斑色：白色=9：3：4 黑色：花斑色：白色=9：3：2
（3）AaBB
（4）黑色
在两对等位基因自由组合的情况下，F1自交后代的性状分离比是9：7，则F1测交后代的性状分离比是（ ）
正确答案
解析
解：根据题干可知，9：7是9：3：3：1的变式，说明F1是双显性杂合子，设为AaBb，且必须有A和B同时存在才表现为性状1，否则表现为性状2．F1测交：AaBb×aabb→1AaBb（性状1）、1Aabb（性状2）、1aaBb（性状2）、1aabb（性状2），即测交后代的性状分离比是1：3．
故选：A．
果蝇的眼色由两对独立遗传的基因（A、a和B、b）控制，其中B、b 仅位于X 染色体上．A和B同时存在时果蝇表现为红眼，B存在而A不存在时为粉红眼，其余情况为白眼．）果蝇体内另有一对基因T、t，与基因A、a 不在同一对同源染色体上．当t基因纯合时对雄果蝇无影响，但会使雌果蝇性反转成不育的雄果蝇．让一只纯合红眼雌果蝇与一只白眼雄果蝇杂交，所得F1代的雌雄果蝇随机交配，F2代雌雄比例为3：5，无粉红眼出现．则下列说法中正确的是（ ）
AT、t基因位于常染色体上，亲代雄果蝇的基因型为ttAAXbY
BF2代雄果蝇中共有6种基因型
CF2代雄果蝇中不含Y染色体的个体所占比例为
Dt基因纯合时会使雌果蝇性反转成不育的雄果蝇，说明雌果蝇性反转前后遗传物质改变
正确答案
解析
解：A、由以上分析可知，T、t基因位于常染色体上，亲代雄果蝇的基因型为ttAAXbY，A正确；
B、亲本雌雄个体的基因型分别为TTAAXBXB和ttAAXbY，则F1中雌雄个体的基因型分别为TtAAXBXb和TtAAXBY，它们相互交配后产生的F2中，雄性有两种情况，一种是含有XY染色体的，共有3×2=6种；另外一种是雌性性反转形成的，其基因型有2种，即ttAAXBXB和ttAAXBXb，因此F2代雄果蝇中共有8种基因型，B错误；
C、F2中雌雄的比为3：5，其中雄果蝇中有
D、雌果蝇性反转前后遗传物质不改变，D错误．
故选：A．
玉米植株的性别决定受两对基因（A、a和B、b）的支配，这两对基因位于两对同源染色体上．正常植株的基因型为A-B-，其顶部开雄花，下部开雌花；基因型为aaB-的植株不能长出雌花而成为雄株；基因型为A-bb或aabb的植株的顶端长出的是雌花而成为雌株．
（1）育种工作者选用上述材料做亲本，杂交后得到的结果见下表：
上述杂交亲本的基因型组合有AaBb×aabb和______2种．
（2）玉米的雄株和雌株在育种中具有重要的价值，在杂交育种时可免除雌雄同株必须人工去雄的麻烦．若选育出雄株和雌株，使其杂交后代都是正常植株，以符合种子生产要求．那么，选育出的雄株和雌株的基因型分别为______和______．
（3）已知大田中的正常植株都是杂合子（AaBb），请你利用这种正常植株设计一个育种方案，选育出符合育种生产要求的雄株和雌株．
①______，得到单倍体幼苗；
②用______处理单倍体幼苗，使其染色体加倍，得到______，其中______即为符合生产要求的类型．
正确答案
解析
解：（1）aaBb×Aabb→AaBb：Aabb：aaBb：aabb=1：1：1：1，即正常株：雄株：雌株=1：1：2，同理AaBb×aabb后代也符合该比例．
（2）由于正常植株的基因型为A_B_，而雄株的基因型为aaB_，雌株的基因型为A_bb或aabb．所以选育出的雌株不能是aabb，且都是纯合体．因此，选育出的雄株和雌株的基因型分别为aaBB和AAbb．
（3）①由于正常植株AaBb经减数分裂能产生AB、Ab、aB、ab四种配子，所以选择正常植株的花粉，进行花药离体培养，得到单倍体幼苗；
②用秋水仙素处理单倍体幼苗，使其染色体加倍，得到纯合的二倍体植株AABB、AAbb、aaBB和aabb，其中雄株（aaBB）、雌株（AAbb）即为符合生产要求的类型．
故答案为：
（1）aaBb×Aabb
（2）aaBB AAbb
（3）①选择正常植株的花粉（AB、Ab、aB、ab）进行花药离体培养
②秋水仙素 纯合的二倍体植株 雄株（aaBB）、雌株（AAbb）
基因型为AaBbDd的植株自交后代共有m株幼苗，而将将该植物的花粉进行离体培养后，共获得了n株幼苗，两种情情况下基因型为aabbdd的个体分别约占多少株？（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：（1）根据题意分析可知：Aa自交后代为AA、Aa、aa，其中aa占
（2）根据题意分析可知：该植物基因型为AaBbDd，故后代中abd的配子占
故选：A．
某哺乳动物毛的颜色有白色和灰色两种，毛的长度有长毛和短毛两种．现用纯合白色长毛亲本与纯合灰色短毛亲本杂交，得到的F1全为白色短毛个体，F1雌雄个体自由交配得F2，结果符合自由组合定律．下列对F2的描述中错误的是（ ）
AF2中短毛与长毛之比为3：1
BF2有9种基因型，4种表现型
CF2中与亲本表现型相同的个体大约占
DF2中灰色短毛与灰色长毛个体杂交，得到结果为灰色短毛：灰色长毛为1：1
正确答案
解析
解：A、F2中两对性状分开分析，每一对都符合基因的分离定律，所以白色与灰色之比为3：1，短毛与长毛之比为3：1，A正确；
B、纯合白色长毛亲本与纯合灰色短毛亲本杂交，得到的F1全为白色短毛个体，F1雌雄个体自由交配得F2，结果符合自由组合定律，则F1是双杂合个体，设基因型为AaBb．因此F2表现型种类为2×2=4种，基因型种类为3×3=9种，B正确；
C、与亲本表现型相同的基因型为A_bb和aaB_，F2中A_bb比例为
D、F2中灰色短毛（其中aaBB占
故选：D．
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