• 孟德尔的豌豆杂交实验(二)
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简答题

某二倍体植物的子叶有黄色和绿色,受Y-y控制;茎有高茎和矮茎,受D-d控制;花有红花和白花,受S-s控制.下表是一杂交试验的统计结果.请回答以下问题:

(1)该杂交试验所用亲本的基因型分别为______

(2)从图中数据可知,三对基因是否遵循孟德尔的两大遗传定律?______

(3)已知该植物的传粉与授粉情况和豌豆相同,如果题干所示的三对等位基因分别位于三对同源染色体上,则基因型为YyDdSs的植株自然状态下繁殖一代,理论上,子代中三对性状都是显性的个体与都是隐性的个体的比例为______

(4)假如该植物的某一相对性状有4种表现,受一组复等位基因A1、A2、A3、a控制,如图所示.已知各基因间完全显隐性及A1、A2、A3对a均为显性,但不清楚A1、A2和A3之间的显隐性关系.

①该组复等位基因,可组成______种基因型.

②让A1A1、A2A2、A3A3三种植株相互杂交,三组杂交组合中,如子代中表型2出现两次、表型3出现一次、表型4未出现,则A1、A2和A3之间的显隐性关系为______(用“>”表示).

正确答案

解:(1)根据柱状图可知,黄色:绿色=3:1,说明双亲中控制黄色和绿色基因型都为Yy;髙茎:矮茎=1:1,说明双亲中控制高茎和矮茎的基因型为Dd和dd;红花:白花=3:1,说明双亲中控制红花和白花的基因型都为Ss,即双亲的基因型为YyDdSs和YyddSs.

(2)根据图中数据可知,每对基因遵循分离定律,但不能确定是否遵循自由组合定律.

(3)三对基因独立遗传,符合自由组合定律,每对基因自交都出现3:1的分离比,因此YyDdSs的豌豆自交后代有6种表现型,即黄色子叶髙茎红花Y-D-S-=,黄色子叶髙茎白花Y-D-ss=,黄色子叶矮茎红花Y-ddS-=,黄色子叶矮茎白花Y-ddss=,绿色子叶髙茎红花yyD-S-=,绿色子叶髙茎白花yyD-ss=,绿色子叶矮茎红花yyddS-=,绿色子叶矮茎白花yyddss=.所以各种表现型的比例从大到小为为比例为27:9:9:9:3:3:3:1.因此,理论上子代中三对性状都是显性的个体与都是隐性的个体的比例为27:1.

(4)①己知该组复等位基因有四种基因,其可以组成4种纯合子和6种杂合子,共可组成10种基因型.

②根据相对性状的纯合亲本杂交,子代表现出来的是显性性状,可让A1A1、A2A2、A3A3三种植株相互杂交,统计三组杂交组合中子代表现型出现的次数.如果子代中表型2出现两次、表型3出现一次、表型4未出现,则A1、A2和A3之间的显隐性关系为A1>A2>A3.

故答案为:

(1)YyDdSs、YyddSs

(2)遵循分离定律而不一定遵循自由组合定律

(3)27:1

(4)①10    ②A1>A2>A3

解析

解:(1)根据柱状图可知,黄色:绿色=3:1,说明双亲中控制黄色和绿色基因型都为Yy;髙茎:矮茎=1:1,说明双亲中控制高茎和矮茎的基因型为Dd和dd;红花:白花=3:1,说明双亲中控制红花和白花的基因型都为Ss,即双亲的基因型为YyDdSs和YyddSs.

(2)根据图中数据可知,每对基因遵循分离定律,但不能确定是否遵循自由组合定律.

(3)三对基因独立遗传,符合自由组合定律,每对基因自交都出现3:1的分离比,因此YyDdSs的豌豆自交后代有6种表现型,即黄色子叶髙茎红花Y-D-S-=,黄色子叶髙茎白花Y-D-ss=,黄色子叶矮茎红花Y-ddS-=,黄色子叶矮茎白花Y-ddss=,绿色子叶髙茎红花yyD-S-=,绿色子叶髙茎白花yyD-ss=,绿色子叶矮茎红花yyddS-=,绿色子叶矮茎白花yyddss=.所以各种表现型的比例从大到小为为比例为27:9:9:9:3:3:3:1.因此,理论上子代中三对性状都是显性的个体与都是隐性的个体的比例为27:1.

(4)①己知该组复等位基因有四种基因,其可以组成4种纯合子和6种杂合子,共可组成10种基因型.

②根据相对性状的纯合亲本杂交,子代表现出来的是显性性状,可让A1A1、A2A2、A3A3三种植株相互杂交,统计三组杂交组合中子代表现型出现的次数.如果子代中表型2出现两次、表型3出现一次、表型4未出现,则A1、A2和A3之间的显隐性关系为A1>A2>A3.

故答案为:

(1)YyDdSs、YyddSs

(2)遵循分离定律而不一定遵循自由组合定律

(3)27:1

(4)①10    ②A1>A2>A3

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简答题

人类对遗传的认知逐步深入:

(1)在孟德尔豌豆杂交实验中,纯合的黄色圆粒(YYRR)与绿色皱粒(yyrr)的豌豆杂交,若将F2中黄色皱粒豌豆自交,其子代的性状分离比为______.进一步研究发现r基因的碱基序列比R基因多了800个碱基对,但r基因编码的蛋白质(无酶活性)比R基因编码的淀粉支酶少了末端61个氨基酸,推测r基因转录的mRNA提前出现______

(2)摩尔根用灰身长翅(BBVV)与黑身残翅(bbvv)的果蝇杂交,将F1中雌果蝇与黑身残翅雄果蝇进行测交,子代出现四种表现型,比例不为1:1:1:1,说明F1中雌果蝇产生了______种配子.实验结果不符合自由组合定律,原因是这两对等位基因不满足该定律“______”这一基本条件.

(3)格里菲思用于转化实验的肺炎双球菌中,S型菌有S、S、S等多种类型,R型菌是由S型突变产生.利用加热杀死的S与R型菌混合培养,出现了S型菌,有人认为S型菌出现是由于R型菌突变产生,但该实验中出现的S型菌全为______,否定了这种说法.

(4)沃森和克里克构建了DNA双螺旋结构模型,该模型用______解释DNA分子的多样性,此外,除了独特的双螺旋结构提供精确的模板,______的高度精确性也保证了DNA遗传信息的稳定传递.

正确答案

解::(1)纯合的黄色圆粒(YYRR)与绿色皱粒(yyrr)的豌豆杂交,F2中黄色皱粒为YYrr和Yyrr,若将F2中黄色皱粒豌豆自交,只有Yyrr自交才会长生绿色皱粒(yyrr),因此其子代中表现型为绿色皱粒(yyrr)的个体占×=.所以子代黄皱:绿皱=5:1.若r基因的碱基序列比R基因多了800个碱基对,但r基因编码的蛋白质(无酶活性)比R基因编码的淀粉支酶少了末端61个氨基酸,推测r基因转录的mRNA提前出现终止密码(子).

(2)根据F1中雌果蝇与黑身残翅雄果蝇进行测交,子代出现四种表现型,比例为1:1:1:1,说明F1中雌果蝇产生了4种配子.实验结果不符合自由组合定律,原因是这两对等位基因不满足该定律“非同源染色体上的非等位基因”这一基本条件.

(3)有人认为S型菌出现是由于R型型菌突变产生,但该实验中出现的S型菌全为S,否定了这种说法.

(4)沃森和克里克构建了DNA双螺旋结构模型,该模型用碱基对排列顺序的多样性解释DNA分子的多样性,此外,碱基互补配对高度精确性保证了DNA遗传信息稳定传递.

故答案是:

(1)黄皱:绿皱=5:1   终止密码(子) 

(2)4     非同源染色体上非等位基因

(3)S

(4)碱基对排列顺序的多样性    碱基互补配对

解析

解::(1)纯合的黄色圆粒(YYRR)与绿色皱粒(yyrr)的豌豆杂交,F2中黄色皱粒为YYrr和Yyrr,若将F2中黄色皱粒豌豆自交,只有Yyrr自交才会长生绿色皱粒(yyrr),因此其子代中表现型为绿色皱粒(yyrr)的个体占×=.所以子代黄皱:绿皱=5:1.若r基因的碱基序列比R基因多了800个碱基对,但r基因编码的蛋白质(无酶活性)比R基因编码的淀粉支酶少了末端61个氨基酸,推测r基因转录的mRNA提前出现终止密码(子).

(2)根据F1中雌果蝇与黑身残翅雄果蝇进行测交,子代出现四种表现型,比例为1:1:1:1,说明F1中雌果蝇产生了4种配子.实验结果不符合自由组合定律,原因是这两对等位基因不满足该定律“非同源染色体上的非等位基因”这一基本条件.

(3)有人认为S型菌出现是由于R型型菌突变产生,但该实验中出现的S型菌全为S,否定了这种说法.

(4)沃森和克里克构建了DNA双螺旋结构模型,该模型用碱基对排列顺序的多样性解释DNA分子的多样性,此外,碱基互补配对高度精确性保证了DNA遗传信息稳定传递.

故答案是:

(1)黄皱:绿皱=5:1   终止密码(子) 

(2)4     非同源染色体上非等位基因

(3)S

(4)碱基对排列顺序的多样性    碱基互补配对

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简答题

(2015秋•青州市月考)玉米是雌雄同株植物,顶生雄花序,侧生雌花序.玉米高秆(D) 对矮秆(d)为显性,抗病(R)对易感病(r)为显性,控制两对性状的基因分别位 于两对同源染色体上.试根据下图实验分析回答:

(1)等位基因R、r的遗传遵循______定律,欲将甲、乙杂交,其具体做法是______

(2)将图1中F与另一玉米品种丙杂交,后代表现型及比例如图2所示.则丙的基因型为______.丙的测交后代中与丙基因型相同的个体出现的概率是______

(3)已知玉米高秆植株易倒伏.为获得符合生产要求且稳定遗传的新品种,按照图1的程序得到F2代后,对植株进行______处理,选出表现型为______的植株,通过多次自交并不断选择后获得所需新品种.

(4)科研人员统计实验田中成熟玉米植株的存活率时发现,易感植株存活率是,高秆植株存活率是,其他植株的存活率是1,据此得出上图1中F2成熟植株表现型有______种,比例为______(不论顺序).

正确答案

解:(1)R、r基因位于一对同源染色体上,属于等位基因,遵循基因的分离定律;将甲、乙杂交的具体做法是雌雄花(序)分别套袋处理,待花蕊成熟后,将 甲(或乙)花粉撒在乙(或甲)的雌蕊上,再套上纸袋.

(2)由分析可知,如果杂交后代出现柱形图中的性状分离比,亲本的组合是DdRr×ddRr,DdRr是图1中F1的基因型,丙的基因型是ddRr;丙的测交后代的基因型及比例是:ddRr×ddrr→ddRr:ddrr=1:1,ddRr与丙相同,占

(3)图1中,子二代的基因型、表现型比例是D_R_(高干抗病):D_rr(高杆感病):ddR_(矮杆抗病):ddr(矮杆感病)r=9:3:3:1,植株进行病原体感染,选出矮杆抗病植株,基因型为ddR_,由于杂合子会发生性状分离,因此要通过连续自交,直至不发生性状分离获取纯合子.

(4)图1中子二代,D_=,dd=,高秆植株存活率是,因此成活植株中高杆:矮杆=2:1;R_=,rr=,由于易感植株存活率是,因此成活植株中抗病:感病=6:1,因此图1中F2成熟植株表现型有(2高杆:1矮杆)(6抗病:1感病)=12高杆抗病:2高杆感病:6矮杆抗病:1矮杆感病,共四种表现型.

故答案为:

(1)基因的分离对   雌雄花(序)分别套袋处理,待花蕊成熟后,将 甲(或乙)花粉撒在乙(或甲)的雌蕊上,再套上纸袋

(3)病原体感染    矮杆抗病

(4)4   12:2:6::1

解析

解:(1)R、r基因位于一对同源染色体上,属于等位基因,遵循基因的分离定律;将甲、乙杂交的具体做法是雌雄花(序)分别套袋处理,待花蕊成熟后,将 甲(或乙)花粉撒在乙(或甲)的雌蕊上,再套上纸袋.

(2)由分析可知,如果杂交后代出现柱形图中的性状分离比,亲本的组合是DdRr×ddRr,DdRr是图1中F1的基因型,丙的基因型是ddRr;丙的测交后代的基因型及比例是:ddRr×ddrr→ddRr:ddrr=1:1,ddRr与丙相同,占

(3)图1中,子二代的基因型、表现型比例是D_R_(高干抗病):D_rr(高杆感病):ddR_(矮杆抗病):ddr(矮杆感病)r=9:3:3:1,植株进行病原体感染,选出矮杆抗病植株,基因型为ddR_,由于杂合子会发生性状分离,因此要通过连续自交,直至不发生性状分离获取纯合子.

(4)图1中子二代,D_=,dd=,高秆植株存活率是,因此成活植株中高杆:矮杆=2:1;R_=,rr=,由于易感植株存活率是,因此成活植株中抗病:感病=6:1,因此图1中F2成熟植株表现型有(2高杆:1矮杆)(6抗病:1感病)=12高杆抗病:2高杆感病:6矮杆抗病:1矮杆感病,共四种表现型.

故答案为:

(1)基因的分离对   雌雄花(序)分别套袋处理,待花蕊成熟后,将 甲(或乙)花粉撒在乙(或甲)的雌蕊上,再套上纸袋

(3)病原体感染    矮杆抗病

(4)4   12:2:6::1

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简答题

蓝铃花野生型的颜色为蓝色,利用射线照射,得到2种白花突变体,根据表现型无法确定其遗传组成是否相同.现将能稳定遗传的亲本植株白1,白2分别与野生型蓝铃花植株杂交,及相互杂交,结果如下.分析回答下列问题:

(1)辐射育种的原理是基因突变,目的是使基因发生______,从而导致基因结构的改变.

(2)上述结果可知,蓝铃花的颜色遗传符合______定律.第一组的F2代中能稳定遗传的占______,第三组的F2代中蓝色个体产生配子比例为______

(3)蓝铃花叶形有圆形和卵形互为一对相对性状,纯合圆形叶植株和纯合卵形叶植株杂交,发现在F1代645株中有2株为卵形叶.经分析认为可能是由于某一条染色体载有圆形叶基因(C)区段缺失导致的.已知该染色体区段缺失的雌、雄配子可育,而缺失纯合体(两条同源染色体均缺失相同片段)致死.

欲判定上述现象的出现是否由染色体区段缺失所致,可采取的方法有____________

现采用如下方法进行判定,步骤如下:

第一步:选F1代卵形叶植株与亲本中的______植株杂交,得到种子(F2代);

第二步:F2代的植株自交,得到种子(F3代);

第三步:观察并记录F3代植株叶形及比例.

结果预测及结论:若F3代植株的圆形叶﹕卵形叶为______,说明是染色体载有圆形叶基因(C)的区段缺失所致.

(4)现采用基因工程的方法培育白花品系3,从金鱼草细胞内获得白花相关基因并与运载体结合导入蓝花植株叶肉细胞,目的基因导入受体细胞后,再经过______过程得到转基因白花植株,此过程的影响因素有______(写2点);若要对目的基因进行快速扩增,可采用PCR技术,其所需引物片段获得的依据是______

(5)上述育种过程中______(是或否)产生了新物种.

正确答案

解:(1)辐射育种的原理是基因突变,目的是使基因发生碱基对的增添、缺失或替换,从而导致基因结构的改变.

(2)根据第三组实验结果,可判断蓝铃花的颜色遗传符合基因的自由组合定律.自交后代蓝色:白色=9:7,说明蓝色为双显性,即A_B_.设白1的基因型为AAbb,则第一组的F1基因型为AABb,F2基因型为AABB、AABb、AAbb,比例为1:2:1,所以F2代中能稳定遗传的占.第三组的F2代中蓝色个体基因型为AABB、AABb、AaBB、AaBb,比例为1:2:2:4,所以产生的配子为AB、Ab、aB、ab,比例为16:8:8:4=4:2:2:1.

(3)由于染色体在显微镜下能观察到,所以判断是否由染色体区段缺失所致,可采取的方法有取白花植株的相关细胞在显微镜下观察或染色体杂交法.

如果是花粉中染色体载有圆形叶基因(C)的区段缺失,则F1中有卵形叶植株c,与亲本中的圆形叶植株杂交,得到的F2的基因型为Cc和C两种类型,F2自交后,由于基因(C)区段缺失纯合体死亡,故F3中圆形叶:卵形叶=6:1.

(4)现采用基因工程的方法培育白花品系3,从金鱼草细胞内获得白花相关基因并与运载体结合导入蓝花植株叶肉细胞,目的基因导入受体细胞后,再经过植物组织培养过程得到转基因白花植株.在植物组织培养过程中,影响因素有材料的选择、营养、激素的配比等;若要对目的基因进行快速扩增,可采用PCR技术,其所需引物片段获得的依据是目的基因两端的序列.

(5)采用基因工程的方法培育白花品系3的原理是基因重组,所以没有产生新物种.

故答案为:

(1)碱基对的增添、缺失或替换

(2)基因的自由组合定律            4:2:2:1

(3)取白花植株的相关细胞在显微镜下观察染色体   杂交法    圆形叶      6:1

(4)植物组织培养   材料的选择、营养、激素的配比    目的基因两端的序列

(5)否

解析

解:(1)辐射育种的原理是基因突变,目的是使基因发生碱基对的增添、缺失或替换,从而导致基因结构的改变.

(2)根据第三组实验结果,可判断蓝铃花的颜色遗传符合基因的自由组合定律.自交后代蓝色:白色=9:7,说明蓝色为双显性,即A_B_.设白1的基因型为AAbb,则第一组的F1基因型为AABb,F2基因型为AABB、AABb、AAbb,比例为1:2:1,所以F2代中能稳定遗传的占.第三组的F2代中蓝色个体基因型为AABB、AABb、AaBB、AaBb,比例为1:2:2:4,所以产生的配子为AB、Ab、aB、ab,比例为16:8:8:4=4:2:2:1.

(3)由于染色体在显微镜下能观察到,所以判断是否由染色体区段缺失所致,可采取的方法有取白花植株的相关细胞在显微镜下观察或染色体杂交法.

如果是花粉中染色体载有圆形叶基因(C)的区段缺失,则F1中有卵形叶植株c,与亲本中的圆形叶植株杂交,得到的F2的基因型为Cc和C两种类型,F2自交后,由于基因(C)区段缺失纯合体死亡,故F3中圆形叶:卵形叶=6:1.

(4)现采用基因工程的方法培育白花品系3,从金鱼草细胞内获得白花相关基因并与运载体结合导入蓝花植株叶肉细胞,目的基因导入受体细胞后,再经过植物组织培养过程得到转基因白花植株.在植物组织培养过程中,影响因素有材料的选择、营养、激素的配比等;若要对目的基因进行快速扩增,可采用PCR技术,其所需引物片段获得的依据是目的基因两端的序列.

(5)采用基因工程的方法培育白花品系3的原理是基因重组,所以没有产生新物种.

故答案为:

(1)碱基对的增添、缺失或替换

(2)基因的自由组合定律            4:2:2:1

(3)取白花植株的相关细胞在显微镜下观察染色体   杂交法    圆形叶      6:1

(4)植物组织培养   材料的选择、营养、激素的配比    目的基因两端的序列

(5)否

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简答题

黄色圆粒豌豆与绿色圆粒豌豆杂交,对其子一代的表现型按每对相对性状进行分析和统计,其结果如图.其中黄色(Y)对绿色(y)为显性,圆粒(R)对皱粒(r)为显性,请据图回答以下问题:

(1)亲本中黄色圆粒与绿色圆粒的基因型分别为____________

(2)F1中表现型有______种,基因型有______种.

(3)F1中黄色圆粒的基因型为______

(4)F1中杂合子所占比例为______

正确答案

解:(1)由以上分析可知,亲本中黄色圆粒与绿色圆粒的基因型分别为YyRr和yyRr.

(2)杂交后代黄色:绿色=1:1,圆粒:皱粒=3:1,因此后代表现型及比例为黄圆:黄皱:绿圆:绿皱=3:1:3:1.基因型有YyRR、YyRr、Yyrr、yyRR、yyRr、yyrr共6种.

(3)已知亲本的基因型为YyRr×yyRr,所以F1中黄色圆粒的基因型为YyRR或YyRr,比例为1:2.

(3)已知亲本的基因型为YyRr×yyRr,后代纯合子的比例为=,所以杂合子占总数的

故答案为:

(1)YyRr    yyRr       

(2)4   6

(3)YyRR或YyRr

(4)

解析

解:(1)由以上分析可知,亲本中黄色圆粒与绿色圆粒的基因型分别为YyRr和yyRr.

(2)杂交后代黄色:绿色=1:1,圆粒:皱粒=3:1,因此后代表现型及比例为黄圆:黄皱:绿圆:绿皱=3:1:3:1.基因型有YyRR、YyRr、Yyrr、yyRR、yyRr、yyrr共6种.

(3)已知亲本的基因型为YyRr×yyRr,所以F1中黄色圆粒的基因型为YyRR或YyRr,比例为1:2.

(3)已知亲本的基因型为YyRr×yyRr,后代纯合子的比例为=,所以杂合子占总数的

故答案为:

(1)YyRr    yyRr       

(2)4   6

(3)YyRR或YyRr

(4)

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简答题

藏獒原产于中国青藏高原,是一种高大、凶猛、垂耳的家犬.具有基因B时,皮毛呈黑色;具有基因bb时,皮毛呈褐色;但毛色的形成还受I(i)基因的控制.图甲表示藏獒毛色的遗传实验,乙表示F1的某组织切片显微图象.请回答下列问题:

(1)从分子水平上分析,控制毛色的基因B与b的本质区别是______不同.

(2)依据______可判断出乙图为雌性藏獒组织切片显微图象,与细胞②、③相比较,除细胞形态外,细胞①最明显的特征是具有______

(3)F2中,黑毛藏獒的基因型是______,其中纯合子占的比例为______

(4)让F2中的褐毛藏獒与基因型为BbIi的个体进行交配,理论上其后代的表现型及是______

正确答案

解:(1)基因的不同就在于碱基对的排列顺序不同.

(2)只有减数分裂卵细胞形成的过程中才会出现细胞质的分裂不均等现象,而右图中标号②的细胞就是不均等分裂,说明乙图为雌性藏獒组织切片显微图象.细胞①含有同源染色体,处于减数第一次分裂前期;细胞②不含同源染色体,处于减数第二次分裂后期;细胞③不含同源染色体,处于减数第二次分裂前期,所以与细胞②、③相比较,除细胞形态外,细胞①最明显的特征是具有同源染色体.

(3)根据题意可知有I基因存在时,表现为白色,有B无I时表现为黑色,无B和I时表现为褐色.由以上分析可知,亲本中褐毛狗的基因型为bbii,白毛狗基因型为BBII,则F1中白毛狗的基因型为BbIi,F1自交得到的F2中,黑毛藏獒的基因型及比例为BBii和Bbii,其中纯合子占的比例为

(4)如果让F2中褐毛狗(bbII)与(BbIi)F1交配,得到白毛狗(BbIi、bbIi):黑毛狗(Bbii):褐毛狗(bbII)=2:1:1.

故答案为:

(1)碱基对的数目或排列顺序

(2)细胞②不均等分裂       同源染色体

(4)BBii和Bbii    

(5)白毛:黑毛:褐毛=2:1:1

解析

解:(1)基因的不同就在于碱基对的排列顺序不同.

(2)只有减数分裂卵细胞形成的过程中才会出现细胞质的分裂不均等现象,而右图中标号②的细胞就是不均等分裂,说明乙图为雌性藏獒组织切片显微图象.细胞①含有同源染色体,处于减数第一次分裂前期;细胞②不含同源染色体,处于减数第二次分裂后期;细胞③不含同源染色体,处于减数第二次分裂前期,所以与细胞②、③相比较,除细胞形态外,细胞①最明显的特征是具有同源染色体.

(3)根据题意可知有I基因存在时,表现为白色,有B无I时表现为黑色,无B和I时表现为褐色.由以上分析可知,亲本中褐毛狗的基因型为bbii,白毛狗基因型为BBII,则F1中白毛狗的基因型为BbIi,F1自交得到的F2中,黑毛藏獒的基因型及比例为BBii和Bbii,其中纯合子占的比例为

(4)如果让F2中褐毛狗(bbII)与(BbIi)F1交配,得到白毛狗(BbIi、bbIi):黑毛狗(Bbii):褐毛狗(bbII)=2:1:1.

故答案为:

(1)碱基对的数目或排列顺序

(2)细胞②不均等分裂       同源染色体

(4)BBii和Bbii    

(5)白毛:黑毛:褐毛=2:1:1

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简答题

山羊的黑色与白色是一对相对性状,由分别位于两对常染色体上的基因D、d和E、e共同控制.请回答:

(1)上述两对基因在遗传时应遵循基因的______;依图可知生物的某些相对性状受______所控制.

(2)现有一批纯种白毛山羊:甲组:ddEE,乙组:DDEE,丙组:ddee.若想利用这批纯种白毛山羊通过杂交方法培育出纯种黑毛山羊.请完成实验方案并讨论:

①实验方案:

Ⅰ.选择______两个品种进行杂交获得F1

Ⅱ.让F1雌雄个体相互交配获得F2

Ⅲ.用F2______进行______实验,后代中______的即为纯种黑毛山羊.

②讨论:F2中黑毛山羊与白毛山羊的比例为______;若使F2中黑毛山羊的雌雄个体自由交配得到F3,则F3中纯种黑毛山羊所占的比例为______

正确答案

解:(1)由于控制性状的两对基因分别位于两对常染色体上,所以这两对基因在遗传时应遵循基因的自由组合定律;根据题意和图示分析可知:生物的某些相对性状受两对基因所控制.

(2)利用甲组:ddEE,乙组:DDEE和丙组:ddee纯种白毛山羊通过杂交方法培育出纯种黑毛山羊的实验方案:

Ⅰ.选择乙组DDEE和丙组ddee纯种白毛山羊两个品种进行杂交获得F1DdEe;

Ⅱ.让F1DdEe雌雄个体相互交配获得F2

Ⅲ.用F2的黑毛山羊和丙组白毛山羊进行测交实验,后代中不发生性状分离的即为纯种黑毛山羊.

讨论:F2中黑毛山羊(1DDee、2Ddee)与白毛山羊的比例为=;F2中黑毛山羊的基因型为DDee、Ddee,比例为1:2,所以经减数分裂产生的配子为De和de,比例为2:1.所以使F2中黑毛山羊的雌雄个体自由交配得到F3,则F3中纯种黑毛山羊DDee所占的比例为=

故答案为:

(1)自由组合定律     两对(或多对)基因

(2)①Ⅰ.乙和丙Ⅲ.黑毛山羊和丙组白毛山羊     测交    不发生性状分离

    

解析

解:(1)由于控制性状的两对基因分别位于两对常染色体上,所以这两对基因在遗传时应遵循基因的自由组合定律;根据题意和图示分析可知:生物的某些相对性状受两对基因所控制.

(2)利用甲组:ddEE,乙组:DDEE和丙组:ddee纯种白毛山羊通过杂交方法培育出纯种黑毛山羊的实验方案:

Ⅰ.选择乙组DDEE和丙组ddee纯种白毛山羊两个品种进行杂交获得F1DdEe;

Ⅱ.让F1DdEe雌雄个体相互交配获得F2

Ⅲ.用F2的黑毛山羊和丙组白毛山羊进行测交实验,后代中不发生性状分离的即为纯种黑毛山羊.

讨论:F2中黑毛山羊(1DDee、2Ddee)与白毛山羊的比例为=;F2中黑毛山羊的基因型为DDee、Ddee,比例为1:2,所以经减数分裂产生的配子为De和de,比例为2:1.所以使F2中黑毛山羊的雌雄个体自由交配得到F3,则F3中纯种黑毛山羊DDee所占的比例为=

故答案为:

(1)自由组合定律     两对(或多对)基因

(2)①Ⅰ.乙和丙Ⅲ.黑毛山羊和丙组白毛山羊     测交    不发生性状分离

    

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题型:简答题
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简答题

玉米是雌雄同株异花植物(图甲),其性别受基因控制.实验证明,如果改变某些基因的组成,可使玉米从雌雄同株变成雌雄异株.玉米的雌花序由显性基因B控制,雄花序由显性基因T控制(两对基因位于非同源染色体上).当基因型为bb时,植株就不长雌花序.基因型为tt时,植株中原来的雄花序转为雌花序.现有四种纯合的玉米品种如图所示,利用四种玉米品种作亲本,进行杂交试验,试回答下列问题:

(1)甲、乙、丙、丁的基因型分别是________________________

(2)如果用乙和丙进行杂交,产生的F1代自交,则F2代中的雌雄同株、雄株、雌株之比为______,其中表现型跟图中的丙相同的比例为______,基因型与丁相同的在雌株中所占比例为______

(3)如果用乙和丁进行杂交,产生的后代的表现型与图中的______相同,这种后代与图中的______类型的个体杂交,产生的后代中雄株和雌株比例为1:1.

(4)某农场有乙、丙、丁三种玉米品种,提供给农民的玉米种子需用____________杂交产生的种子,原因是______

(5)雌雄异株的玉米在杂交育种中有非常特殊的意义,这种意义是______

正确答案

解:(1)根据分析,甲、乙、丙、丁的基因型分别是BBTT、bbTT、BBtt、bbtt.

(2)如果用乙bbTT和丙BBtt进行杂交,F1的基因型是BbTt,表现型为雌雄同株异花.自交产生的F2有BT、bbT、Btt和bbtt,比例为9:3:3:1,由以上分析可推知,F2表现型雌雄同株异花、雄株、雌株,其分离比为9:3:4.其中表现型跟图中的丙相同,即B_tt的比例为.基因型与丁相同的,即bbtt,在雌株中所占比例为

(3)如果用乙bbTT和丁bbtt进行杂交,产生的后代的基因型为bbTt,表现型为雄株,故表现型与图中的乙雄株相同.若这种后代bbTt为雄株与图中甲BBTT杂交,后代均为雌雄同株;若这种后代bbTt为雄株与图中丙雌株BBtt杂交,后代均为雌雄同株;若这种后代bbTt为雄株与图中丁雌株bbtt杂交,产生的后代中雄株(bbTt):雌株(bbtt)=1:1.

(4)某良种场有乙(bbTT)、丙(BBtt)、丁(bbtt)三种玉米品种,由于乙(bbTT)和丙(BBtt)产生的后代为雌雄同株(BbTt),种植后能正常传粉产生种子,因此提供给农民的杂交玉米种子必须是用乙和丙杂交产生的种子.

(5)雌雄异株的玉米在杂交育种中有非常特殊的意义,这种意义是在杂交工作中不需要对母本进行人工去雄,减少了工作量.

故答案为:

(1)BBTT    bbTT    BBtt    bbtt

(2)9:3:4             

(3)乙     丁(顺序不可对调)

(4)乙     丙(顺序可对调)  产生的后代为雌雄同株,种植后能正常传粉产生种子

(5)在杂交工作中不需要对母本进行人工去雄,减少了工作量

解析

解:(1)根据分析,甲、乙、丙、丁的基因型分别是BBTT、bbTT、BBtt、bbtt.

(2)如果用乙bbTT和丙BBtt进行杂交,F1的基因型是BbTt,表现型为雌雄同株异花.自交产生的F2有BT、bbT、Btt和bbtt,比例为9:3:3:1,由以上分析可推知,F2表现型雌雄同株异花、雄株、雌株,其分离比为9:3:4.其中表现型跟图中的丙相同,即B_tt的比例为.基因型与丁相同的,即bbtt,在雌株中所占比例为

(3)如果用乙bbTT和丁bbtt进行杂交,产生的后代的基因型为bbTt,表现型为雄株,故表现型与图中的乙雄株相同.若这种后代bbTt为雄株与图中甲BBTT杂交,后代均为雌雄同株;若这种后代bbTt为雄株与图中丙雌株BBtt杂交,后代均为雌雄同株;若这种后代bbTt为雄株与图中丁雌株bbtt杂交,产生的后代中雄株(bbTt):雌株(bbtt)=1:1.

(4)某良种场有乙(bbTT)、丙(BBtt)、丁(bbtt)三种玉米品种,由于乙(bbTT)和丙(BBtt)产生的后代为雌雄同株(BbTt),种植后能正常传粉产生种子,因此提供给农民的杂交玉米种子必须是用乙和丙杂交产生的种子.

(5)雌雄异株的玉米在杂交育种中有非常特殊的意义,这种意义是在杂交工作中不需要对母本进行人工去雄,减少了工作量.

故答案为:

(1)BBTT    bbTT    BBtt    bbtt

(2)9:3:4             

(3)乙     丁(顺序不可对调)

(4)乙     丙(顺序可对调)  产生的后代为雌雄同株,种植后能正常传粉产生种子

(5)在杂交工作中不需要对母本进行人工去雄,减少了工作量

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题型:简答题
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简答题

甜豌豆的紫花对白花是一对相对性状,由两对等位基因(A和a、B和b)共同控制,其显性基因决定花色的过程如图所示:

(1)从图解可见,紫花植株必须同时具有____________

(2)基因型为AaBb和aaBb的个体,其表现型分别是____________

(3)AaBb×AaBb的子代中,紫花植株与白花植株的比例为______

(4)本图解说明,基因与其控制的性状之间的数量对应关系是______

正确答案

解:(1)根据题意分析 甜豌豆要表现了紫色就必须有能完成图中所示的反应的条件,即要能合成相应的酶,而紫色素合成的酶由A和B共同控制,缺一不可,如少一种则为白花.

(2)已知A_B_表现为紫色,aaB_表现为白色,A_bb表现为白色,aabb表现为白色,所以基因型为AaBb和aaBb的个体,其表现型分别是紫色和白色.

(3)AaBb×AaBb的子代中,A_B_表现为紫色(9),aaB_表现为白色(3),A_bb表现为白色(3),aabb表现为白色(1),所以AaBb自交后代中,后代中紫色与白色比为9:7.

(4)图中紫色性状需要同时具有A、B基因,说明基因与其控制的性状之间的数量对应关系是一个基因可控制两个或多个性状,一个性状可能受到2个或多个基因控制. 

故答案是:

(1)A B  

(2)紫色  白色  

(3)9:7

(4)一个基因可控制两个或多个性状,一个性状可能受到2个或多个基因控制.

解析

解:(1)根据题意分析 甜豌豆要表现了紫色就必须有能完成图中所示的反应的条件,即要能合成相应的酶,而紫色素合成的酶由A和B共同控制,缺一不可,如少一种则为白花.

(2)已知A_B_表现为紫色,aaB_表现为白色,A_bb表现为白色,aabb表现为白色,所以基因型为AaBb和aaBb的个体,其表现型分别是紫色和白色.

(3)AaBb×AaBb的子代中,A_B_表现为紫色(9),aaB_表现为白色(3),A_bb表现为白色(3),aabb表现为白色(1),所以AaBb自交后代中,后代中紫色与白色比为9:7.

(4)图中紫色性状需要同时具有A、B基因,说明基因与其控制的性状之间的数量对应关系是一个基因可控制两个或多个性状,一个性状可能受到2个或多个基因控制. 

故答案是:

(1)A B  

(2)紫色  白色  

(3)9:7

(4)一个基因可控制两个或多个性状,一个性状可能受到2个或多个基因控制.

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题型:简答题
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简答题

豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)是显性,圆粒(R)对皱粒(r)是显性,下表是4 种不同的杂交组合以及各种杂交组合所产生的子代数.请写出各个组别的基因型:

(1)______(2)______(3)______(4)______

正确答案

解:(1)黄皱×绿皱,后代黄色:绿色=1:1,说明亲本为Yy、yy;后代全部是皱粒,说明亲本都是rr,因此双亲的基因型为Yyrr、yyrr.

(2)黄圆×绿皱,后代黄色:绿色=1:1,说明亲本为Yy、yy;后代圆粒:皱粒=1:1,说明亲本是Rr、rr,因此双亲的基因型为YyRr、yyrr.

(3)黄圆×绿圆,后代黄色:绿色=1:1,说明亲本为Yy、yy;后代圆粒:皱粒=3:1,说明亲本是Rr、Rr,因此双亲的基因型为YyRr、yyRr.

(4)绿圆×绿圆,后代全部是绿色,说明亲本都是yy;后代圆粒:皱粒=3:1,说明亲本是Rr、Rr,因此双亲的基因型为yyRr、yyRr.

故答案为:

(1)Yyrr、yyrr

(2)YyRr、yyrr

(3)YyRr、yyRr

(4)yyRr、yyRr

解析

解:(1)黄皱×绿皱,后代黄色:绿色=1:1,说明亲本为Yy、yy;后代全部是皱粒,说明亲本都是rr,因此双亲的基因型为Yyrr、yyrr.

(2)黄圆×绿皱,后代黄色:绿色=1:1,说明亲本为Yy、yy;后代圆粒:皱粒=1:1,说明亲本是Rr、rr,因此双亲的基因型为YyRr、yyrr.

(3)黄圆×绿圆,后代黄色:绿色=1:1,说明亲本为Yy、yy;后代圆粒:皱粒=3:1,说明亲本是Rr、Rr,因此双亲的基因型为YyRr、yyRr.

(4)绿圆×绿圆,后代全部是绿色,说明亲本都是yy;后代圆粒:皱粒=3:1,说明亲本是Rr、Rr,因此双亲的基因型为yyRr、yyRr.

故答案为:

(1)Yyrr、yyrr

(2)YyRr、yyrr

(3)YyRr、yyRr

(4)yyRr、yyRr

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