- 孟德尔的豌豆杂交实验(二)
- 共13438题
已知一对等位基因控制鸡的羽毛颜色，BB为黑羽，bb为白羽，Bb为蓝羽；另一对等位基因CL和C控制鸡的小腿长度，CLC为短腿，CC为正常，但CLCL胚胎致死．两对基因位于常染色体上且独立遗传．一只黑羽短腿鸡与一只白羽短腿鸡交配，获得F1，以下相关分析，错误的是（ ）
AF1的表现型及比例为蓝羽短腿：蓝羽正常=2：1
B若让F1中两只蓝羽短腿鸡交配，F2中出现6种不同表现型，其中蓝羽短腿鸡所占比例为
C这个种群中个体随机交配，CL基因频率会下降
D从交配结果可判断CL和C的是隐性关系，在决定小腿长度形状上，CL是显性；在控制致死效应上，CL是隐形
正确答案
解析
解：A、根据题意，一只黑羽短腿鸡（BBCLC）与一只白羽短腿鸡（bbCLC）交配，F1基因型及比例为BbCLCL：BbCLC：BbCC=1：2：1，其中CLCL胚胎致死，所以F1的表现型及比例是蓝羽短腿：蓝羽正常=2：1，A正确；
B、若让F1中两只蓝羽短腿交配，由于CLCL胚胎致死，所以F2中出现3×2=6种不同表现型，其中蓝羽短腿鸡（BbCLC）所占比例为
C、CLCL胚胎致死，因此这个种群中个体随机交配，CL基因频率会下降，C正确；
D、从交配结果可判断CL和C的显隐性关系，在决定小腿长度性状上，CL是显性；在控制致死效应上，CL是隐性，D正确．
故选：B．
有一种软骨发育不全的遗传病，两个有这种病的人（其他性状正常）结婚，所生第一个孩子得白化病且软骨发育不全，第二个孩子全部性状正常．假设控制这两种病的基因符合基因的自由组合定律，请预测，他们再生一个孩子同时患两病的几率是（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：两个有软骨发育不全遗传病人结婚，第一个孩子得白化病且软骨发育不全，第二个孩子全部性状正常，说明软骨发育不全病是常染色体显性遗传病，白化病是常染色体隐性遗传病．因此，可设这对夫妇的基因型为AaBb、AaBb．他们再生一个孩子同时患两病的几率是
故选：C．
玉米是雌雄同株异花植物，已知玉米叶有宽叶和窄叶两种，籽粒的颜色有紫色、黄色和白色三种，味道有甜味和非甜味两种．请分析回答有关问题：
（1）已知宽叶（A）对窄叶（a）为显性，且在玉米苗期便能识别．根据生产实践获知，杂交种（Aa）所结果实在数目和粒重上都表现为高产．某农场在培育玉米杂交种时，将纯种宽叶玉米和纯种窄叶玉米进行了间行均匀种植，但由于错过了人工授粉的时机，结果导致大面积自然授粉（同株异花授粉与品种间异株异花授粉）．上述栽种方式中，两个品种玉米授粉方式共计有______种，F1植株的基因型是______；现有情况下，为选取杂交种避免减产，应在收获季节收集______（宽叶、窄叶）植株的种子，第二年播种后，在幼苗期选择______（宽叶、窄叶）植株进行栽种．
（2）用两紫色籽粒的玉米作亲本，F1籽粒颜色及比例为紫色：黄色：白色=12：3：1，则F1紫色籽粒的基因型有______种；Fl中所有黄色籽粒的玉米自交，后代中白色籽粒的比例应是______．
（3）科研人员将纯合甜味和纯合非甜味玉米间行种植，如图所示，且雌蕊接受同种和异种花粉的机会相等．请通过分析各行玉米的种子性状，判断甜味和非甜味的显隐性关系．
①若甲、丙行的植株种子是______，乙、丁行的植株种子是______，则甜味是显性．
②若甲、丙行的植株种子是______，乙、丁行的植株种子是______，则非甜味是显性．
③若非甜味是显性，现将乙行植株的种子发育成的新个体（F1）进行随机交配，则所得种子的甜味与非甜味比例约是______．
正确答案
解析
解：（1）纯种宽叶玉米（基因型为AA）和纯种窄叶玉米（基因型为aa）进行了间行均匀种植，自然条件下，既有异花受粉，又有自花受粉，受粉方式共计有4种，即AA×AA、aa×aa、AA×aa、aa×AA，F1植株的基因型应有3种，即AA、Aa、aa．由于自然受粉，在窄叶植株上结的种子有基因型为Aa杂合子，所以应收集窄叶植株的种子，同理在第二年播种后，在幼苗期选择宽叶植株栽种，就可保证产量不下降．
（2）F1籽粒颜色及比例为紫色：黄色：白色=12：3：1，则符合两对相对性状的杂交实验结果，即（9：3）：3：1，则紫色的基因型有4+2=6种，Fl中所有黄色籽粒的玉米自交，后代中白色籽粒（双隐性个体）的比例应是
（3）由于纯合甜味和纯合非甜味玉米间行种植，它们之间既有同株异花传粉，也有异株杂交．因此：
①若甲、丙行的植株种子是甜味，而乙、丁行的植株种子是甜味和非甜味，则甜味是显性．
②若甲、丙行的植株种子是甜味和非甜味，乙、丁行的植株种子是非甜味，则非甜味是显性．
③若非甜味是显性，则B行植株的种子基因型为AA和Aa，比例1：1．A的基因频率为
故答案为：
（1）4 AA、Aa、aa 窄叶 宽叶
（2）6
（3）①甜味 甜味和非甜味 ②甜味和非甜味 非甜味 ③1：15
（2015秋•津市市校级月考）把某一植物不同品种的优良性状集中起来，应采取的方法是（ ）
正确答案
解析
解：A、将某一植物不同品种的优良性状集中到一个品种上，这是杂交育种的优点，原理是基因重组，A正确；
B、自交可用于鉴别一棵植物是否为纯合子，或提高优良品种的纯度，B错误；
C、检验杂种F1的基因型常采用测交法，C错误；
D、回交是子代与亲代杂交，不能将不同品种的优良性状集中起来，D错误．
故选：A．
甘蓝型油菜花色性状的遗传受三对独立基因的控制，基因型与性状的关系如下表所示．
请回答下列问题：
（1）让纯合黄色甘蓝型油菜与金黄色甘蓝型油菜杂交，F1的表现型是______．该F1进行测交，后代中黄色：金黄色=3：1，则该F1进行自交时，后代中黄色：金黄色=______．
（2）让一株白色甘蓝型油菜与一株黄色甘蓝型油菜杂交，后代全是______甘蓝型油菜，该甘蓝型油菜的基因型最多有______种．
（3）对某基因型的乳白色甘蓝型油菜进行测交，后代花色的表现型及比例为乳白色：黄色：金黄色=4：3：1，则该乳白色甘蓝型油菜的基因型为______；该乳白色甘蓝型油菜自交，后代的表现型及比例为______．
正确答案
解析
解：（1）黄花（aaY1Y1Y2Y2）×金黄花（aay1y1y2y2），F1基因型为aaY1y1Y2y2，表现型为黄色．对F1（aaY1y1Y2y2）进行测交，后代金黄色的比例为
（2）已知白色是AA，黄色是aaY1---或者aa--Y2-，则后代全部是Aa，表现型为乳白色，该甘蓝型油菜的基因型最多有×3=9种．
（3）若乳白色的基因型为AaY1y1Y2y2，与进行测交aay1y1y2y2，后代乳白色占
故答案为：
（1）黄色 15：1
（2）乳白色 9
（3）AaY1y1Y2y2 白色：乳白花：黄花：金黄花=16：32：15：1
A若要区分甲、乙植株，可选择矮茎直叶白花植株进行测交实验
B甲、乙植株自交后代中，高茎卷叶植株所占比例分别为
C两植株均可以产生四种比例相等的配子
D由图判断图乙可能发生染色体的易位，但两植株基因型相同
正确答案
解析
解：AC、甲植株能产生AbC、Abc、abC、aBc四种比例相等的四种配子，乙植株产生的配子有AbC、Aac、BbC、aBc，因分别缺失一对基因中的一个而导致配子致死，因此乙植株只能产生两种比例相等的配子：AbC、aBc，通过测交甲植株产生四种比例相等的子代，而乙植株只产生两种比例相等的子代，A正确、C错误；
B、甲植株自交后代中高茎卷叶植株（A_B_）占
D、乙植株发生了染色体的变异，但甲乙两植株的基因型相同，均为AaBbCc，D正确．
故选：C．
用两个圆形南瓜做杂交实验，子一代均为扁盘状南瓜．子一代自交，子二代出现扁盘状、圆形和长形三种南瓜，三者的比例是9：6：1，现对一扁盘状南瓜做测交，则其子代中扁盘状、圆形和长形三种南瓜的比例不会是（ ）
正确答案
解析
解：子一代扁盘状南瓜自交，子二代出现扁盘状、圆形和长形三种南瓜，三者的比例为9：6：1=9：（3：3）：1，由此推断子一代为双杂合子（AaBb），扁盘状为A_B_；圆形为A_bb和aaB_；长形为aabb．对一扁盘状南瓜做测交：A_B_×aabb，有以下几种测交组合：
①AABB×aabb，子代都为AaBb（扁盘状），所以扁盘状：圆形：长形=1：0：0，故A可能；
②AaBB×aabb，子代为1AaBb（扁盘状）：1aaBb（圆形），所以扁盘状：圆形：长形=1：1：0，故B可能；
③AABb×aabb，子代为1AaBb（扁盘状）：1Aabb（圆形），所以扁盘状：圆形：长形=1：1：0，故B可能，C不可能；
④AaBb×aabb，子代为1AaBb（扁盘状）：1Aabb（圆形）：1aaBb（圆形）：1aabb（长形），所以扁盘状：圆形：长形=1：2：1，故D可能．
故选：C．
节瓜又名毛瓜，是冬瓜属的一个变种．节瓜有全雌株（只有雌花）、全雄株（只有雄花）和正常株（雌花、雄花均有）等不同性别类型的植株，研究人员做了如下图所示的实验．请回答问题：
（1）对实验一数据进行统计学分析，F2代的分离比接近3：10：3，推测节瓜的性别类型由______对基因控制，其遗传方式符合______定律．
（2）若第一对基因以A、a表示，第二对基因以B、b表示，第三对基因以C、c表示…，以此类推，则实验一F2正常株的基因型为______，其中杂合子的比例为______．实验二亲本正常株的基因型为______．
（3）为验证上述推测，分别将实验一、实验二中的F1正常株与基因型为______的植株测交，实验一中F1正常株测交的结果应为______，实验二中F1正常株的测交结果应为______．
（4）若采用单倍体育种的方法，使后代中同时出现全雌株和全雄株且比例相等，可选择基因型为______的植株做亲本，该育种方法的原理是______．
正确答案
解析
解：（1）实验一全雌株与全雄株杂交，F1全正常株，F2代的分离比接近3：10：3，共16个组合，可见该节瓜的性别决定是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律．
（2）由题意分析已知该节瓜的性别决定是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律，且F1是双杂合子．若第一对基因以A、a表示，第二对基因以B、b表示，则F1正常株的基因型是AaBb．由F2代的性状分离比全雌株：正常株：全雄株=3：10：3可知正常株是双显性（9）和双隐性（1），全雌株、全雄株为单显性（3），所以F2正常株的基因型有：AABB、AABb、AaBB、AaBb、aabb，其中纯合子AABB、aabb占两份，故杂合子的比例为（10-2）÷10=
（3）设全雌株为aaB-，实验一F1正常株AaBb与基因型为 aabb的植株测交，子代为1AaBb（正常株）：1aabb（正常株）：1aaBb（全雌株）：1Aabb（全雄株），即全雌株：正常株：全雄株=1：2：1．实验二F1正常株AaBB与基因型为 aabb的植株测交，子代为1AaBb（正常株）：1aaBb（全雌株）．如果设全雌株的基因型为A-bb，其结果是一样的．
（4）若采用单倍体育种的方法，使后代中同时出现全雌株和全雄株且比例相等，可选择基因型为 AaBb的植株做亲本进行花药离体培养获得AB、Ab、aB、ab四种单倍体，再用秋水仙素处理获得AABB（正常株）、AAbb（全雌株或全雄株）、aaBB（全雄株或全雌株）、aabb（正常株）．单倍体育种的原理是染色体变异．
故答案是：
（1）两（或“2”） 基因的自由组合
（2）AABB、AABb、AaBB、AaBb、aabb（或“A_B_、aabb”）
（3）aabb 全雌株：正常株：全雄株=1：2：1 全雌株：正常株=1：1
（4）AaBb 染色体变异
如图为豌豆种子圆粒和皱粒的原因示意图，其中外来DNA片段插入R基因形成r基因．据图分析下列有关说法不正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、基因型为rr的种子中蔗糖含量很高，A正确；
B、R基因和r基因属于一对等位基因，B正确；
C、基因与性状并不是简单的一一对应的关系，有可能多对基因控制一对相对性状，C错误；
D、基因可通过控制酶的合成来间接控制生物性状，D正确．
故选：C．
数量性状通常显示出一系列连续的表现型．现有控制植物高度的两对等位基A、a和B、b，以累加效应决定植株的高度，且每个显性基因的遗传效应是相同的．纯合子AABB高50厘米，aabb高30厘米，这两个纯合子之间杂交得到Fl，Fl产生四种配子比例为3：3：2：2．自交得到F2，在F2中表现40厘米高度的个体占F2比例为（ ）
正确答案
解析
解：通过题意可知：F1为AaBb，形成的配子为：AB：ab：Ab：aB=3：3：2：2，所以下一代的基因型是：
由上表可知：符合2个显性基因AAbb4%，AaBb26%，aaBB4%；所以在F2中表现40厘米高度的个体占F2比例为4%+26%+4%=34%．
故选：B．
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