热门试卷

A、小球速度最大的位置，应该是合外力为零的地方，根据受力分析可知，（Eq+mg）sinΘ=Kx，x形变量。所以A正确。

B、小球往下运动时，机械能的变化等于除重力、弹力之外其它力做功，即电场力做功。显然在运动到最低点时系统的机械能最大，B正确。

C、根据动能定理，合外力做功等于动能变化量，由于电场力做正功，所以C答案正确。

D、根据C的分析可知，下降的高度为所以电场力做功为

A、根据右手定则判断可知，ab棒中感应电流方向从b→a，由左手定则判断得知，棒ab所受的安培力方向水平向右，故A正确;

B、若安培力沿导轨向上的分力与重力沿导轨向下的分力大小相等，ab棒可能匀速下滑，故B正确;

C、刚下滑瞬间产生的感应电动势为 E=BLvcosθ，故C错误;

D、根据能量守恒定律得知，若ab棒匀速下滑，其减少的重力势能等于电阻R和棒ab产生的内能之和；若ab棒加速下滑，其减少的重力势能等于电阻R和棒ab产生的内能与棒ab增加的动能之和；若ab棒减速下滑，其减少的重力势能和动能之和等于电阻R和棒ab产生的内能之和，所以减少的重力势能不等于电阻R产生的内能,故D错误．

A、由图可知，物块向下运动的过程中，其中O～x1 过程的图线为曲线，斜率逐渐减小，而斜率：，△E=-（F+μmgcosθ）•△x，联立可知，k=-（F+μmgcosθ），斜率减小，则-（F+μmgcosθ）减小，物块受到的合外力mg-（F+μmgcosθ）不一定减小，由牛顿第二定律：,物块的加速度不一定减小；在x1～x2 过程的图线为直线，k不变，则物块的加速度不变．故A错误；

BC、物块向下运动的过程中，重力、拉力与摩擦力做功，物块减少的机械能等于拉力与摩擦力做功，不等于物块克服合力做的功,故BC错误；

D、物块由静止开始沿斜面向下运动，减小的重力势能转化为动能与内能，所以物块减少的机械能小于减少的重力势能．故D正确；

小球在水平位置静止，由共点力的平衡条件可知，qEsinθ=mg，则 ； 小球从最初始位置移到最低点时，电场力所做的功W电=-EqL（cosθ+sinθ），因电场力做负功，故电势能增加，故B正确，C错误；

由动能定理可知，W外+W电+WG=0； 则W外=-（W电+WG）=EqL（cosθ+sinθ）-mgL=mgLcotθ；故A正确，D错误；故本题选 AB

A、首先明确一点，在这个电场中，小球受到两个力影响：1．重力，2．电场力．在A点动量最小，那说明速度最小了，说明OA方向发射的小球克服合力做功最大，也就是说在这个电场跟重力场中，合力方向是OC，对O点小球受力分析，重力竖直向下，合力方向指向OC，受力方向指向为OB与OC之间，即电场方向应该是由O指向AD弧方向，故A错误；

B、由于只有重力和电场力做功，故任何点的小球，动能+重力势能+电势能=定值； 明显B点的重力势能最大，那么肯定B点的动能与电力势能之和最小了，故B正确；

C、动能+重力势能+电势能=定值，故电势能和重力势能之和最小的话，那么肯定是动能最大了，很明显，从O到C合力做功最多，故C点动能最大，故C正确；

D、机械能（重力势能+动能）最小，那么肯定就是电势能最大的地方，负电荷球，沿着电场线方向，应该在弧线AD（劣弧）之间，故D错误；

故选BC．

A、根据右手定则判断可知，ab棒中感应电流方向从b→a，由左手定则判断得知，棒ab所受的安培力方向水平向右，故A正确;

B、若安培力沿导轨向上的分力与重力沿导轨向下的分力大小相等，ab棒可能匀速下滑，故B正确;

C、刚下滑瞬间产生的感应电动势为 E=BLvcosθ，故C错误;

D、根据能量守恒定律得知，若ab棒匀速下滑，其减少的重力势能等于电阻R和棒ab产生的内能之和；若ab棒加速下滑，其减少的重力势能等于电阻R和棒ab产生的内能与棒ab增加的动能之和；若ab棒减速下滑，其减少的重力势能和动能之和等于电阻R和棒ab产生的内能之和，所以减少的重力势能不等于电阻R产生的内能,故D错误.

A、释放瞬间，弹簧的弹力为零，由牛顿第二定得：小球加速度为 ，故A正确；

B、弹簧与杆垂直时，弹力方向与杆垂直，合外力方向等于重力沿杆向下的分力，小球继续加速，此时小球的速度没有达到最大值,故B错误；

C、小球运动过程中，只有重力和弹簧弹力做功，系统的机械能守恒，可知小球释放瞬间，弹簧的弹性势能为零，为最小，故此时小球的动能与重力势能之和最大，当弹簧与杆垂直时，弹簧有弹性势能，小球的动能与重力势能之和不是最大，故C错误；

D、小球下滑至最低点的过程中，系统机械能守恒，初、末位置动能都为零，由系统的机械能守恒可知，弹簧的弹性势能增加量等于重力势能的减小量，即为mgh，故D正确．