热门试卷

解：（1）已知子一代（F1）都是高茎植株Dd，其自交后代DD：Dd：dd=1：2：1，所以F2中纯合子大约556×=278株．

（2）F2中杂合子Aa占，大约278株；F2高茎植株中Aa，杂合子大约556××=278株．

（3）F2中矮茎植株全部为纯合子 dd．

（4）实验步骤：

第一步：该高茎植株的幼苗生长至开花时，让该植株进行自交，获得种子；

第二步：将获得的所有种子种植得子代植株，观察子代植株性状表现．

结果与结论：

①若后代全部表现为高茎，则该植株的遗传因子组成为DD；

②若后代植株中既有高茎，也有矮茎，则该植株的遗传因子组成为Dd．

故答案为：

（1）278   

（2）278  278

（3）全部为纯合子     

（4）实验步骤：自交

结果与结论：①DD②既有高茎，也有矮茎Dd

解：（1）从题干信息可知，有角公牛的基因型为HAHA或HAHB，而有角母牛的基因型为HAHA．现有多对杂合的有角公牛（HAHB）和杂合的无角母牛（HBHA）杂交，F1中雄牛的有角：无角=3：1，雌牛的有角：无角=1：3．F1中的无角公牛和无角母牛自由交配，则F2中出现有角牛的概率为××=．

（2）一对等位基因，如位于常染色体上，则对应的基因型只有3种；如位于X染色体上，则母牛对应3种基因型，公牛对应2种基因型，牛毛色对应的基因型有5种．如M-m位于常染色体上，MM×mm→子一代均为Mm（黑毛），Mm×Mm→子二代中黑毛：棕毛=3：1；如位于X染色体上，XmY×XMXM→子一代XMXm（黑毛）、XMY（黑毛），子二代中黑毛：棕毛=3：1，可见不能推出对基因一定位于常染色体上．

（3）非芦花公鸡（ZaZa）和芦花母鸡（ZAW）杂交，后代基因型为ZAZa、ZaW，即公鸡全为芦花鸡，母鸡全为非芦花．

（4）雌鸡的性染色体组成是ZW，若产生的卵细胞的染色体是W，三个极体的染色体分别是W、Z、Z，后代的染色体组成是WW、2ZW，其中WW不能存活，若产生的卵细胞的染色体是Z，三个极体的染色体分别是Z、W、W，后代的染色体组成是ZZ，2ZW，所以雌鸡卵细胞与其同时产生的三个极体之一结合也可以发育成二倍体后代，理论上雌鸡通过这种方式产生的后代中，雌雄个体的比例为4：1．

（5）根据题意可知，豌豆花的顔色受两对基因P、p和Q、q共同控制，因此碗豆花色的遗传遵循自由组合定律．基因P、p在染色体上的位置关系是等位基因．

（6）杂交组合①白花×白花→全为紫花（P_Q_），该紫花→紫花：白花=272：211≈9：7，由此可见，子一代中的紫花基因型为PpQq，F2紫色花植株的基因型共有PPQQ、PPQq、PpQQ、PpQq四种，因此其中杂合子所占比值为．

（7）杂交组合②PPQQ×____杂交产生全为紫花P_Q_，该紫花自交F2紫色花：白色花=242：79≈3：1，说明F1紫色植株一对基因显性纯合一对基因杂合（如PpQQ或PPQq）．

如果F1紫色植株基因型为PPQq，则F2紫色花植株基因型为PPQQ、PPQq，自然状态下，其F3中花色的性状分离比：紫花：白花=（）：（）=5：1．

（8）由（3）小题可知，杂交组合②中F1紫色植株基因型为PpQQ或PPQq，让F1中一株紫色花植株测交，后代中白色花植株占；

故答案为：

（1）有角：无角=3：1  有角：无角=1：3       

（2）5   不能

（3）ZaZa    芦花     

（4）4：1             

（5）位于同源染色体相同位置

（6）   

（7）5：1或1：5         

（8）

解：（1）由以上分析可知，两头黑牛交配，产生了一头棕色子牛，即发生性状分离，说明黑色是显性性状．

（2）两头黑牛（B_）交配，产生了一头棕色子牛（bb），则亲本的基因型均为Bb．

（3）上述两头黑牛的基因型为Bb，它们交配产生子代的基因型及比例为BB：Bb：bb=1：2：1，因此它们交配产生的一头黑色子牛为纯合子的可能性是；要判断这头黑色子牛是纯合子还是杂合子，可采用测交法，即选用棕牛与其交配．

（4）杂种雌牛的基因型为Bb，雄牛X与多头杂种雌牛相交配，产生的20头子牛，若全为黑色，则说明雄牛X很可能是显性纯合子，其基因型最可能是BB；如果子牛中10头黑牛，10头棕牛，即黑色：棕色=1：1，属于测交，则X雄牛的基因型最可能是bb；若子牛中14牛为黑牛，6头为棕色（bb），即黑色：棕色≈3：1，则X雄牛的基因型最可能是Bb．

故答案为：

（1）黑色

（2）Bb、Bb、bb

（3）     棕牛

（4）BB    bb   Bb

解：（1）若一只黑色雌豚鼠（A_）生了一只白色子豚鼠（aa），则可知该母鼠的基因型是Aa．

（2）根据（1）可知雌鼠的基因型为Aa，子代的基因型为aa，因此与此雌鼠交配的雄鼠肯定含有基因a，其基因型为Aa或aa，表现型为黑色或白色．

（3）此雌鼠的基因型为Aa，若用其进行测交实验，即Aa×aa，则其后代基因型及比例为Aa：aa=1：1，表现型及比例为黑色：白色=1：1．

故答案为：

（1）Aa

（2）Aa  黑色 aa 白色 

（3）黑色  白色 Aa  aa  1：1

解：（1）①丙的子代的基因型及比例为b1b4：b1b3：b2b4：b2b3=1：1：1：1，若b1＞b2＞b3＞b4，则b1b4和b1b3均表现为青色，b2b4和b2b3均表现为白色，所以丙的子代中青毛：白毛大致等于1：1．

②丙的子代的基因型及比例为b1b4：b1b3：b2b4：b2b3=1：1：1：1，若青毛：黑毛：白毛大致等于2：1：1，则b1b4和b1b3均表现为青色，b2b4表现为黑色，b2b3表现为白色，所以b1、b2、b3、b4之间的显隐性关系是b1＞b3＞b2＞b4．

③丙的子代的基因型及比例为b1b4：b1b3：b2b4：b2b3=1：1：1：1，若黑毛：青毛：白毛大致等于2：1：1，则b1b3和b2b3均表现为黑色，即b3＞b2、b3＞b1；b1b4表现为青色，即b1＞b4；b2b3表现为白色，即b3＞b2，所以b1、b2、b3、b4之间的显隐性关系是b3＞b1＞b2＞b4．

（2）假设b1＞b2＞b3＞b4．若一只灰色雄兔（B_）与群体中多只不同毛色的纯种雌兔交配，子代中灰毛兔占50%，青毛兔、白毛兔、黑毛兔和褐毛兔各占12.5%．该灰毛雄兔的基因型是Bb4．

由于黑色雄兔的基因型可能是b3b3或b3b4，所以采用测交的方法检测黑色雄兔的基因型：

①让这只黑色雄兔与多只褐色雌兔交配．若后代全为黑色兔，则这只黑色兔基因型可能是b3b3

②让这只黑色雄兔与多只褐色雌兔交配．若后代全为黑色兔，则这只黑色兔基因型可能是b3b3；若后代出现褐色兔，则这只黑色兔基因型是b3b4

（3）已知兔群中共有100只兔子，雌雄各半，基因型：Bb1、Bb4、b1b3、b2b4、b3b3、b4b4、b1b2、b1b4、b2b2、b3b4各10只，所以Bb1、Bb4、b1b3、b2b4、b3b3、b4b4、b1b2、b1b4、b2b2、b3b4各占．可以求出各自的基因频率：B=×+×=、b1=×+×+×+×=、b2=×+×+=、b3=×+×+=、b4=×+×+×+×+=．根据遗传平衡：后代（B+b1+b2+b3+b4）2=（b1+b2）2+2×（b1+b2）（B+b3+b4）+（B+b3+b4）2，只有（b1+b2）2后代有b1b2，故b1b2基因型频率是2××=0.08．

故答案为：

（1）①青毛：白毛=1：1   ②b1＞b3＞b2＞b4 ③b3＞b1＞b2＞b4

（2）Bb4       让这只黑色雄兔与多只褐色雌兔交配．若后代全为黑色兔，则这只黑色兔基因型可能是b3b3；若后代出现褐色兔，则这只黑色兔基因型是b3b4．

（3）0.08

解：（1）某T0植株体细胞含一个HVA基因（用T0表示），其基因型用+T0表示，其自交遗传图解是：+T0×+T0→1++：2+T0：1T0T0；胚由受精卵发育而来，含一个HVA基因的占50%，含两个HVA基因的占25%，合计75%．

（2）将T0植株与非转基因小麦杂交，依据基因的分离和自由组合定律，结合图示，图A、B、C三种情况下，子代高抗旱性植株所占比例分别为100%、50%和75%．图C所示类型的T0植株产生的配子不含HVA基因的占，其如果自交，子代中不抗旱植株比例就为，高抗旱植株所占比例为．

故答案为：

（1）75%

（2）①B     A      ②

解：（1）根据得到的子二代（F2）中，圆形种子：皱缩种子=3：1，可推测豌豆种子形状是由一对等位基因控制．因此孟德尔提出了基因的分离定律解释了材料一的试验结果．设圆形的基因型为AA和Aa，则皱缩的基因型为aa．因此F2植株全部自花授粉后，圆形和皱缩形种子的比例为（×1+×）：（×+×1）=5：3．由于豌豆是雌雄同株、自花闭花受粉，所以若想通过“测交”试验来验验材料一中F1产生的花粉基因类型及比例，需要对表现型为皱缩的植株进行去雄处理．

（2）基因突变是基因结构的改变，包括碱基对的增添、缺失或替换．根据材料二提供的信息，与圆形种子相比，皱缩种子的SBEⅠ基因在一个外显子中插入了800个碱基对，属于碱基对的增添，因此，豌豆种子皱缩这一性状出现的根本原因是基因突变．

故答案为：

（1）基因的分离定律    5：3     皱缩

（2）基因突变