热门试卷

解：（1）据题意可知，紫花与红花是由一对等位基因控制的一对相对性状，因此遵循基因的分离定律．

（2）一般判断植物的基因型用两种方法：自交法、测交法．由于题中未提出显性性状是什么，因此首先利用自交法：让紫花植株自交，如果后代出现性状分离，则表明紫花是杂合子（Dd）．如果不发生性状分离，紫花可能是DD或dd，此时应再选用紫花植株和红花植株杂交：如果后代全为紫花，则紫花为显性性状，基因型为DD；如果后代全为红花或出现红花，则紫花为隐性性状，基因型为dd．

（3）由于种皮性状表现由母本基因决定，因此两对性状分开考虑，基因型为Aa的植株自交，F1基因型为AA、Aa、aa，由于再自交后代种子种皮为F1的表现型，因此黑种皮：白种皮=3：1；基因型为的Bb植株自交，F1基因型为BB、Bb、bb，F1再自交的F2的基因型为BB、Bb、bb，因此满子叶：瘪子叶=5：3，因此黑种皮满子叶：黑种皮瘪子叶：白种皮满子叶：白种皮瘪子叶=15：9：5：3．

故答案为：

（1）（基因）分离

（2）

（3）15：9：5：3

解：（1）根据分析，该病是由常染色体隐性基因控制的遗传病．

（2）因为Ⅲ9是患者，基因型为aa；则Ⅱ5的基因型为_a，由于Ⅱ5不患病，所以含有A基因，所以Ⅱ5的遗传因子组成是Aa．

（3）因为Ⅲ9是患者，基因型为aa，所以其双亲的基因型都是Aa，因为Aa×Aa→1AA：2Aa：1aa，Ⅲ10不患病，所以Ⅲ10的基因型为AA或Aa，所以她是杂合子Aa的概率是．

（4）如果Ⅲ10（AA或Aa）与有该病的男性（aa）结婚，生出有病孩子的概率为=．

故答案为：

（1）隐 

（2）Aa  aa

（3）AA、Aa  

（4）

解：由于P自交产生的F1基因型及比例为DD：Dd：dd=1：2：1，其中高茎豌豆为DD和Dd，比例为1：2．因此，F1中的高茎豌豆自交，后代中高茎的比例为×1+=．

故答案为：

解：（1）aD对a+、ad为显性，a+对ad为显性，则当aD存在时植株表现为雄性，当基因型为adad时植株表现为雌性，当基因型为a+a+、a+ad时植株表现为雌雄同株，如果雄性植株为纯合体，则它的基因型即为aDaD，这需要此植株的父本和母本各提供一个aD配子，但含aD的植株必为雄性，即两个亲本都是雄性，这是不可能的，所以雄性植株的基因型为aDa+、aDad，植物中不可能存在基因型是aDaD的个体．

（2）两个亲本杂交，后代的表现型有雄性、雌雄同株、雌性．后代有雌性adad，则其两个亲代都必须含有ad，后代中有雌雄同株个体（a+a+、a+ad），则两亲代中至少有一方含有a+，综上分析，父本和母本的基因型应该分别为aDad和a+ad．杂交后代三种表现型的比例为：雄性（aDa+、aDad）：雌雄同株（a+ad）：雌性（adad）=2：1：1．

（3）两株喷瓜杂交，其后代表现型为雄性：雌性．后代有雌性adad，则其两个亲代都必须含有ad，后代中没有雌雄同株个体，有雄性个体，则两亲代中至少有一方含有aD．又雄性：雌性=1：1．综上分析，父本和母本的基因型应该分别为aDad和adad．其遗传图解为：

故答案为：

（1）aDaD 不可能产生基因型为aD的雌配子

（2）aDad    a+ad   2：1：1 

（3）aDad adad   

解：（1）螺壳表现为左旋，说明母本的基因型为dd，故表现为螺壳左旋的子代基因型为dd或Dd；．

（2）左旋螺的基因型为Dd或dd，故可以用任意右旋螺作父本与该螺杂交，若左旋螺为dd，则子代螺壳应为左旋，若左旋螺为Dd，则子代螺壳应为右旋．

（3）由题目提供的遗传图解可知：若F1自交后代F2全都表现为“右旋螺”，并出现三种基因型，比例为1：2：1，说明“母性效应”符合孟德尔遗传定律．用F1做母本与左旋螺dd测交，后代基因型有Dd：dd=1：1，但全都表现为“右旋螺”，说明“母性效应”符合孟德尔遗传定律．

故答案为：

（1）dd或Dd       

（2）母本   螺壳应为左旋     螺壳应为右旋

（3）符合      用F1做母本与左旋螺dd测交，后代基因型有Dd：dd=1：1，但全都表现为“右旋螺”，说明“母性效应”符合孟德尔遗传定律．

解：（1）根据“长圆形果和扁盘形果为亲本杂交，子一代均为扁盘形果”，则扁盘形对长圆形为显性．

（2）由（1）小题可知，亲本均为纯合子．若上述性状由一对等位基因控制（A、a），则亲本为AA（扁盘形）×aa（长圆形），子一代为Aa（扁盘形），子二代为（扁盘形）：Aa（扁盘形）：aa（长圆形）．

      AA（扁盘形）×aa（长圆形）

（3）根据“9：3：3：1”的变式，扁盘形：圆球形：长圆形=9：6：1=9（A_B_）：6（A_bb、aaB_）：1aabb，南瓜果形性状受两对基因的控制，符合基因的自由组合定律．根据子二代结果反推，子一代为AaBb（扁盘形），则亲本为AABB（扁盘形）×aabb（长圆形）．遗传图解如下：

（4）测交法需要选择隐性纯合子（aabb）对F1（AaBb）进行检测．测交子代为1AaBb（扁盘形）：1Aabb（圆球形）：1aaBb（圆球形）：1aabb（长圆形），所以测交子代表现型及比例是扁盘形：圆球形：长圆形=1：2：1．

故答案为：

（1）扁盘形　长圆形　

（2）扁盘形：长圆形=3：1

P：AA（扁盘形）×aa（长圆形）

（3）两　自由组合

（4）AaBb×aabb　　扁盘形：圆球形：长圆形=1：2：1

解：（1）果蝇具有培养周期短，易饲养，成本低；染色体数少，便于观察；某些相对性状区分明显等优点，所以科学家选择果蝇作为遗传学实验研究材料．

（2）果蝇的体细胞中有8条染色体，其中染色体2条，常染色体6条．由于XY染色体存在差异，所以对果蝇基因组进行研究时，应对3+XY共5条染色体进行测序．

（3）选用白眼雌果蝇和红眼雄果蝇进行杂交，①如果子代中雌果蝇全部红眼，雄果蝇全部白眼，则这对基因位于X染色体上；②如果子代中雌、雄果蝇全部为红眼，则这对基因位于常染色体上；③如果子代中雌、雄果蝇均既有红眼又有白眼，则这对基因位于常染色体上．

故答案为：

（1）培养周期短，容易饲养，成本低     染色体数目少便于观察    某些相对性状区分明显等  

（2）6   5   

（3）白眼雌果蝇×红眼雄果蝇  

①子代中雌果蝇全部红眼，雄果蝇全部白眼，则这对基因位于X染色体上  

②子代中雌、雄果蝇全部为红眼，则这对基因位于常染色体上  

③子代中雌、雄果蝇均既有红眼又有白眼，则这对基因位于常染色体上

解：（1）马的毛色中，白色是隐性性状，栗色是显性性状．

（2）由于一匹栗色公马与一匹栗色母马交配，后代出现性状分离，所以亲本栗色马均为杂合体，基因型都为Aa；产生的子代白色小马的基因型为aa，是隐性纯合体．

（3）理论上，亲本栗色公马与栗色母马交配，后代的基因型有AA、Aa和aa三种，所以生出栗色小马的可能性为，生出白色小马的可能性为．

故答案为：

（1）隐性   

（2）aa     Aa   

（3）3    

解：（1）基因突变是碱基对的替换、增添和缺失，其结果是产生新的等位基因，它们的差别在于碱基序列的不同．为了检测白花表现型的出现是否是花色基因突变的结果，可在分子水平应检测和比较紫花植株与白花植株中的花色基因的DNA碱基序列．检测发现，这2株白花植株都是纯合子，且与紫花植株都仅有一对基因的序列不同，说明紫红是杂合子，则自花属于显性性状，白花是由隐性基因控制的．

（2）要确定这2株白花豌豆是由同一对基因突变还是由2对基因分别突变所致，最简单的方法是自交法．

①选择（2株）白花豌豆植株杂交．

②若2株白花豌豆为同一对基因突变所致，则这2株白花豌豆均为隐性纯合子，它们杂交得到的子代均开白色花．若2株白花豌豆为不同对基因突变所致，则其中一株白花豌豆仍为显性纯合子，它们杂交得到的子代均开紫色花．

（3）在目的基因的起始端有启动子，末端有终止子，因此转录形成的mRNA初始位置为TSS（转录起始位点），在末端位置有TTS（转录终止位点）；同时mRNA将作为蛋白质合成的直接模板，因此其中含有起始密码子和终止密码子控制翻译过程的进行，两个密码子分别位于TSS内侧和TTS内侧．故选：B．

故答案为：

（1）花色基因    隐

（2）（2株）白花    白    紫

（3）B

解：（1）根据以上分析已知褐色雄蜂的基因型是A，黑色雌蜂的基因型是aa，则F1的雌蜂由受精卵发育而来，基因型为Aa，表现为褐色；雄峰由卵细胞直接发育而来，基因型为a，表现型为黑色．

（2）已知F1的雌蜂基因型为Aa，雄峰基因型为a，则F2的雄峰基因型为A、a，表现型为黑色和褐色；雌蜂基因型为Aa、aa，表现型为黑色和褐色．

故答案为：

（1）褐色雌蜂和黑色雄峰

（2）雌蜂和雄峰都表现为黑色和褐色

解：（1）要在田野里研究白色种皮的非甜玉米传粉给黄色种皮的甜玉米后能产生什么样的玉米，应用白色种皮非甜玉米植物的花粉授粉到数株黄色种皮甜玉米的雌蕊上，同时对黄色种皮甜玉米的雄蕊进行套袋处理；观察黄色种皮甜玉米果穗上所结的玉米粒情况．

（2）由于种皮是由珠被经有丝分裂直接发育而成，其性状与母本相同，所以白玉米果穗上所结的玉米粒的种皮颜色是全为白色．

故答案为：

（1）用白色种皮非甜玉米植物的花粉授粉到数株黄色种皮甜玉米的雌蕊上，同时对黄色种皮甜玉米的雄蕊进行套袋处理；观察黄色种皮甜玉米果穗上所结的玉米粒情况

（2）全为白色

解：（1）根据一只有角公羊与一只无角母羊交配所生的多胎小羊中，性成熟以后，凡公羊都表现为有角，凡母羊都表现为无角．说明一只有角公羊与一只无角母羊杂交，基因型为AA×aa，子代都是Aa，在公羊中都表现为有角，在母羊中都表现为无角．

（2）由于有角公羊的基因型有AA和Aa两种，如果一只有角公羊与多只有角母羊AA交配，则只有当这只有角公羊的基因型为Aa，后代才会出现无角母羊Aa．而如果有角母羊的子代表现型都为有角羊，则这只有角公羊的基因型很可能为AA．

故答案为：

（1）AA     aa

（2）无角母羊  都为有角羊

解：（1）甲兔与丁兔交配的后代全部为黑毛子兔，无性状分离，即可断定黑毛（B）是显性性状，褐毛（b）是隐性性状．

（2）根据上面的分析，甲和丁的子代无性状分离，说明甲兔是显性纯合体，基因型为BB，丁兔是隐性个体，基因型为bb；而乙和丁交配的后代中有性状分离现象，所以乙是杂合体，基因型为Bb．

（3）因为丙是雄兔，而在甲．乙二雌兔中无隐性个体，所以只能让丙与乙交配来鉴别其基因型，而不能按常规方法测交．如果交配后得到的子代全部是黑毛子兔，说明丙是纯种，基因型为BB；如果交配后得到的子代中有隐性个体褐毛子兔出现则丙是杂合子，基因型为Bb．

故答案为：

（1）黑毛

（2）BB Bb bb

（3）让丙与乙交配，若后代全部为黑毛子兔，则丙基因是型BB，若后代出现褐毛子兔，则丙基因型为Bb

解：（1）A、若灰对白是显性，则隐性个体为纯合子，所以②③为隐性纯合子，A正确；

B、若灰对白是显性，由于后代灰色与白色约为1：1，所以显性个体即①④为杂合子，B正确；

C、若白对灰是显性，则②③为杂合子，由于后代灰色与白色约为1：1，所以显性个体即②③为杂合子，C正确；

D、若白对灰是显性，由于后代只有白色个体，所以⑦⑧中可以均为显性纯合子；也可以是一个为显性纯合子，一个为杂合子，D错误．

故选：D．

（2）由于杂交组合Ⅰ、Ⅱ中的显性个体为杂合子，所以要确定这对性状的显隐性，可以让①与④杂交，②与③杂交，观察后代体色情况．如果①与④的后代既有灰鼠又有白鼠，②与③的后代全为白鼠，则灰色为显性性状．如果①与④的后代全为灰鼠，②与③的后代既有灰鼠又有白鼠，则白色为显性性状．

（3）检测显性个体基因型的方法是让其与隐性个体进行测交，看后代性状比．因此若灰色为显性性状，用测交方法可进一步检测⑤和⑥的基因型．

故答案为：

（1）D

（2）让①与④杂交，②与③杂交，观察后代体色情况

如果①与④的后代既有灰鼠又有白鼠，②与③的后代全为白鼠

如果①与④的后代全为灰鼠，②与③的后代既有灰鼠又有白鼠

（3）测交