- 遗传因子的发现
- 共18860题
（2015秋•安徽校级月考）某植物有全雌株（只有雌花）、全雄株（只有雄花）和正常株（雌花、雄花均有）等不同性别类型的植株，研究人员做了如图所示的实验．请回答问题：
（1）对实验一数据进行统计学分析，发现F2的性状分离比接近于3：10：3，据此推测该植株的性别类型由______对基因控制，其遗传符合基因的______定律．
（2）若第一对基因以A、a表示，第二对基因以B、b表示，第三对基因以C、c表示，…以此类推，则实验一F2正常株的基因型有______种，F2中正常株纯合子的比例为______．实验二亲本正常株的基因型为______．
正确答案
解析
解：（1）实验一全雌株与全雄株杂交，F1全正常株，F2代的分离比接近3：10：3，共16个组合，可见该节瓜的性别决定是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律．
（2）由题意分析已知该节瓜的性别决定是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律，且F1是双杂合子．若第一对基因以A、a表示，第二对基因以B、b表示，则F1正常株的基因型是AaBb．由F2代的性状分离比全雌株：正常株：全雄株=3：10：3，可知：正常株是双显性（9）和双隐性（1），全雌株、全雄株为单显性（3），所以F2正常株的基因型有：AABB、AABb、AaBB、AaBb、aabb，其中纯合子AABB、aabb占两份，故纯合子的比例为
（3）设全雌株为aaB-，实验一F1正常株AaBb与基因型为 aabb的植株测交，子代为1AaBb（正常株）：1aabb（正常株）：1aaBb（全雌株）：1Aabb（全雄株），即全雌株：正常株：全雄株=1：2：1．实验二F1正常株AaBB与基因型为 aabb的植株测交，子代为1AaBb（正常株）：1aaBb（全雌株）．如果设全雌株的基因型为A-bb，其结果是一样的．
故答案为：
（1）两（或2）自由组合
（2）5 
正确答案
解析
解：只看长毛和短毛这一对相对性状，后代长毛：短毛=（30+30）：（10+10）=3：1，属于杂合子自交类型，亲本的基因型为Aa×Aa；只看黑色和白色这一对相对性状，后代黑色：白色=（10+30）：（10+30）=1：1，属于测交类型，亲本的基因型为Bb×bb．综合以上可知“个体X”的基因型应为Aabb．
故选：D．
（2015秋•津市市校级月考）两对基因独立遗传，个体AaBb与个体AAbb杂交，其后代（ ）
A只有一种基因型
B可能有两种表现型，且比例为1：1
C后代基因型是AaBb和AABb
D隐性纯合子的几率为
正确答案
解析
解：A、AaBb×AAbb→AABb、AaBB、AAbb、Aabb，A错误；
B、由于AABb和AaBB的表现型可能相同，AAbb和Aabb的表现型可能相同，所以杂交后代可能有两种表现型，且比例为1：1，B正确；
C、后代基因型是AABb、AaBB、AAbb、Aabb共4种，C错误；
D、杂交后代隐性纯合子的几率为0，D错误．
故选：B．
某植物种子中子叶的颜色有D、d和H、h两对基因控制，将两粒绿色子叶的种子甲、乙种植后，分别与纯合的黄色子叶植株进行杂交获得大量种子（F1），这些种子的子叶全部为黄色．然后再进行如下实验：
实验Ⅰ：甲的F1全部自花传粉，所得后代性状及比例为：黄色：绿色=9：7
实验Ⅱ：乙的F1全部与基因型为ddhh的个体相交，所得后代性状及比例为：黄色：绿色=3：5
请回答下列问题：
（1）实验Ⅱ中，不同植株的花进行异花传粉时，接受花粉的植株叫______，花粉成熟前需要对母本做的人工操作有______．
（2）纯合的绿色子叶个体的基因型有______种；甲的基因型为______；乙的基因型为______．
（3）若让甲的F1基因型ddhh的个体相交，其后代的性状及比例为______，实验II后代的绿色子叶种子中，纯合子所占比例为______．
（4）遗传学家在研究该植物减数分裂时，发现处于某一时期的细胞（仅研究两对 染色体），大多数如图1所示，少数出现了如图2所示的“十字形“图象．（注：图中 每条染色体只表示了一条染色单体）
①图1所示细胞处于______期，该细胞能产生的胚子基因型是______．
②图2中发生的变异______．研究发现，该植物配子中出现基因缺失时不能存活，若不考虑交叉互换，则如图2所示细胞产生的配子基因型有______种．
正确答案
解析
解：（1）杂交试验中接受花粉的叫母本，对母本的操作有三步：去雄、套袋、授粉．
（2 ） 从F2代的分离比可知道，这是自由组合定律变式的应用（9：3：3：1分离比的应用），后代中只有双显性状表达黄色，单显和双隐都是绿色，7个绿色中纯合子分别是DDhh、ddHH和ddhh三种，甲的绿色应该双隐个体即是ddhh．乙的F1测交后代是黄：绿=3：5，所以可知乙的F1应该有两种基因型，乙的绿色应该是单杂个体Ddhh或ddHh中的一种．
（3）甲的F1自交产生的子二代分离比为9黄：7绿可知只有双显才表达黄色，单显和双隐个体都表达绿色，因此它的F1测交后代就有两种表现型黄：绿=1：3．如果乙是Ddhh 则F1就有DDHh 和DdHh两种基因型而且比例相同，和bbhh测交后代只有bbhh是绿色纯合．
（4）该问中图示两图为同一时期两种图象，题目中明确是两对，着丝点也是两对，可以说明这是联会时期，尽管没有表达出四分体．根据同源染色体分离非同源染色体自由组合，图一产生的配子基因型就应该是：AbeF、ABEF、ABeF、AbEF．图二显示联会时期出现十字交叉现象，本质是因为由于染色体易位后联会出的特出现象．图二细胞减数分裂分裂时联会的同源染色体分离，然后自由组合的结果是．ABbF、ABEF、AebF、AeEF其中ABbF、AeEF基因缺失死亡，存活两种基因型的配子；还可能出现的组合是AABe、AbeF、ABEF、bEFF其中AABe、bEFF两种基因缺失，也有两种基因型配子；所以图2细胞分裂不论哪种组合方式只有两种能存活的配子．
故答案为：（1）母本 去雄套袋 （2）3 ddhh Ddhh或ddHh （3）黄：绿=1：3 
②染色体结构变异（易位） 2
若图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆实验材料及其体内相关基因控制的性状、显隐性及其在染色体上的分布．下列相关叙述正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、丁个体DdYyrr自交，由于有两对基因连锁，所以相当于1对杂合子自交，子代会出现2种表现型比例为3：1，A错误；
B、甲、乙图个体基因型中只有一对基因是杂合子，只能揭示孟德尔基因的分离定律的实质，B错误；
C、“孟德尔用丙的YyRr自交子代表现为9：3：3：1”不属于孟德尔假说的内容，C错误；
D、孟德尔用假说-演绎法揭示基因分离定律时，在实验验证时可以选甲、乙、丙、丁为材料，D正确．
故选：D．
豌豆黄色（Y）对绿色（y）呈显性，圆粒（R）对皱粒（r）呈显性，这两对基因是自由组合的．甲豌豆（YyRr）与乙豌豆杂交，其后代中四种表现型的比例是3：3：1：1．乙豌豆的基因型是（ ）
正确答案
解析
解：A、甲豌豆（yyRr）×Yyrr→后代表现型有四种，且比例为（3：1）×（1：1）=3：3：1：1，A正确；
B、甲豌豆（YyRr）×YyRR→后代表现型有2种，且比例为（3：1）×1=3：1，B错误；
C、甲豌豆（YyRr）×yyRR→后代表现型有四种，且比例为（1：1）×1=1：1，C错误；
D、甲豌豆（YyRr）×YyRr→后代表现型有四种，且比例为（3：1）×（3：1）=9：3：3：1，D错误．
故选：A．
为研究兔毛色和体形的遗传，现让一只白化正常兔和一只比利时正常兔杂交，F1代均表现为野鼠灰色正常兔．让F1中的某只雌兔与F1中的雄兔多次生育，所生子代统计如下：
（1）根据此实验过程和结果可推测，毛色性状由位于______对染色体上的基因控制．
（2）若让F2中的白化兔随机交配，得到的F3的表现型为______．若让F2中的比利时兔随机交配，得到的F3中比利时兔所占比例为______．
（3）若纯合野鼠色兔的基因型为AABB，a基因纯合能阻碍各种色素的合成．现取F2中的一只白化雄兔与多只比利时雌兔交配，发现某只雌兔多次生育所产的子代有野鼠色兔、淡色青紫蓝兔、比利时兔和淡色比利时兔，且比例为1：1：1：1．研究发现，淡色兔体内含有淡化色素的基因a+，该基因最可能位于______染色体上．小白鼠的多种毛色变异的来源是______．请用遗传图解表示该杂交过程．
（4）F2中的白化雌兔的基因型共有______种．为了多得到观赏性的白化侏儒兔（侏儒由E、e基因控制），应让己得的白化侏儒雄兔与F2中基因型为______的雌兔杂交．
正确答案
解析
解：（1）兔毛色和体形的遗传，现让一只白化正常兔和一只比利时正常兔杂交，F1代均表现为野鼠灰色正常兔．让F1中的某只雌兔与F1中的雄兔多次生育，所生子代中：雄兔和雌兔都是野鼠灰色：比利时：白化=9：3：4，符合两对基因全杂合子的杂交结果，由此可推知控制毛色性状由位于2对染色体上的基因控制；
（2）若控制兔毛色的两对基因是A、a和B、b，则有题干信息可推知：亲代白化正常兔基因型为：aaBB或AAbb，比利时基因型：AAbb或aaBB；野鼠灰色基因型：A_B_，比利时基因型：A_bb或aaB_白化基因型：aa__或__bb，所以白化兔（aa__或__bb），随机交配后代的基因型均为：aa__或__bb，所以得到的F3的表现型为白化兔；若让F2中的比利时兔其中有（
（3）若纯合野鼠色兔的基因型为AABB，a基因纯合能阻碍各种色素的合成．所以F2中的一只白化雄兔基因型为
（4）F2中的白化雌兔的基因型有：F1中雌兔基因型为：AaBbXEXe，雄兔基因型为AaBbXEY，所以F2中的白化雌兔的基因型有：3×2=6种，为了多得到观赏性的白化侏儒兔（侏儒由E、e基因控制），所以最大程度的增加突变基因的纯合度，所以应让己得的白化侏儒雄兔与F2中基因型为aaBBXEXe、aaBbXEXe、aabbXEXe的雌兔杂交；故答案为：
（1）2
（2）白化兔 
（3）常 基因突变和基因重组
（4）6 aaBBXEXe、aaBbXEXe、aabbXEXe
如图是同种生物4个个体的细胞示意图，其中哪两个图代表的生物的杂交可得到两种表现型、六种基因型（ ）
正确答案
解析
解：图1能产生4种配子，图2能产生2种配子，图3能产生2种配子，图4只能产生一种配子．因此：
A、图1和图4所示生物杂交即AaBb×AAbb，后代出现1×2=2种表现型、2×2=4种基因型，A错误；
B、图l和图2所示生物杂交即AaBb×AABb，后代出现1×2=2种表现型、2×3=6种基因型，B正确；
C、图2和图3所示生物杂交即AABb×Aabb，后代出现1×2=2种表现型、2×2=4种基因型，C错误；
D、图3和图4所示生物杂交即Aabb×AAbb，后代出现1×1=1种表现型、2×1=2种基因型，D错误．
故选：B．
人类多指基因（T）对正常指（t）为显性，自化基因（a）对正常基因（A）为隐性，都在常染色体上，而且都是独立遗传．一个家庭中，父亲是多指，母亲正常，他们有一个患白化病但手指正常的孩子，则下一个孩子只有一种病和同时患两种病的几率分别是（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：由以上分析可知该夫妇的基因型为AaTt×Aatt，他们所生孩子患多指的概率为
故选：A．
（1）青色壳明蟹的基因型可能为______．
（2）两只青色壳明蟹杂交，后代至成体，只有灰白色和青色明蟹且比例为1：6，亲本基因型可能为______
（3）AaBb×AaBb杂交，后代的成体表现型及比例为______．
（4）一只杂合的花斑色壳明蟹与一只灰白色壳明蟹杂交，后代成体中出现有青色壳明蟹、花斑色壳明蟹及灰白色壳明蟹，写出亲本的基因型为______和______；则后代成体中的灰白色壳明蟹的所占比例为______．
正确答案
解析
解：（1）由题意分析可知，丙物质积累表现为青色壳，所以青色壳必须是能产生乙和丙物质的，因此明蟹的青色壳是由2对基因控制（要同时具有A和B），其基因型为AABb、AABB、AaBB、AaBb四种．
（2）两只青色壳明蟹（A_B_）交配，后代成体只有灰白色明蟹（aa__）和青色明蟹（A_B_），且比例为1：6．因为后代出现了aa，所以双亲都是Aa；又因为aa的物质甲（尿酸盐类）在体内过多积累，导致成体会有50%死亡，所以后代aa__：A_B_=2：6，即aa__占
（3）由于aa使甲物质积累表现为灰白色壳，丙物质积累表现为青色壳，丁物质积累表现为花斑色壳，所以AaBb×AaBb杂交，则后代中成体的表现型及比例为青色：花斑色：灰白色=9：3：2（aa50%个体死亡）．
（4）一只杂合的花斑色壳明蟹（Aabb）与一只灰白色壳明蟹（aa__）杂交，后代成体中出现有青色壳明蟹（A_B_）、花斑色壳明蟹（A_bb）及灰白色壳明蟹（aa__），因此亲本的基因型为Aabb（杂合的花斑色壳明蟹）、aaBb（灰白色壳明蟹）．亲本Aabb×aaBb，其后代青色壳（AaBb）：花斑色壳（Aabb）：灰白色壳（aa__）=1：1：1（aa50%个体死亡）． 因此后代成体中的灰白色壳明蟹（aa__）的所占比例为
故答案为：
（1）AABB、AABb、AaBB、AaBb
（2）AaBB×AaBb 或AaBB×AaBB
（3）青色：花斑色：灰白色=9：3：2
（4）Aabb（杂合的花斑色壳明蟹） aaBb（灰白色壳明蟹）
（1）两对相对性状中，显性性状分别是______．
（2）亲本甲、乙的基因型分别是______、______；丁的基因型是______．
（3）F1形成的配子的基因型是______．产生这几种配子的原因是：F1在形成配子的过程中______
（4）F2中表现型不同于双亲（甲和乙）的个体占全部F2的______．
正确答案
解析
解：（1）纯种毛颖感锈（甲）和纯种光颖抗锈（乙）为亲本进行杂交，F1均为毛颖抗锈（丙），说明毛颖相对于光颖是显性性状，抗锈相对于感锈是显性性状．
（2）已知毛颖相对于光颖是显性性状，抗锈相对于感锈是显性性状，所以甲的基因型为PPrr，乙的基因型为ppRR，丙的基因型为PpRr．分析丙与丁杂交后代的柱状图，单独分析抗锈和感锈病这一对相对性状，F2中抗锈：感锈=3：1，说明亲本都是杂合子，即亲本的基因型均为Rr；单独分析毛颖和光颖这一对相对性状，F2中毛颖：光颖=1：1，属于测交类型，则亲本的基因型为Pp×pp．综合以上可知丁的基因型是ppRr．
（3）已知F1丙的基因型为PpRr，在减数分裂过程中，等位基因P与p、R与r分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，所以可以形成四种比例相等的配子：PR、Pr、pR、pr．
（4）F1基因型为PpRr，丁的基因型是ppRr，F1与丁进行杂交，F2中表现型不同于双亲（甲和乙）的为毛颖抗病和光颖感病，其中毛颖抗病占
故答案为：
（1）毛颖抗锈
（2）PPrr、ppRR ppRr
（3）PR、Pr、pR、pr 决定同一性状的成对基因分离，而决定不同性状的基因自由组合
（4）
豌豆种子黄色（Y）对绿色（y）显性，圆粒（R）对皱粒（r）显性，黄色圆粒豌豆与绿色圆粒豌豆杂交，F1出现黄圆、绿圆、黄皱、绿皱四种表现型，其比例为3：3：1：1，推知其亲代杂交组合基因型是（ ）
正确答案
解析
解：黄色圆粒豌豆与绿色圆粒豌豆杂交，其后代四种表现型的黄圆：黄皱：绿圆：绿皱比例是3：3：1：1．而3：3：1：1可以分解成黄：绿=3：1，圆：皱=1：1，说明控制两对相对性状的基因中，有一对均为杂合子Rr，另一对属于测交类型为Yy、yy，所以亲代杂交组合基因型是YyRr×yyRr．
故选：A．
已知玉米的某两对基因按自由组合定律遗传，子代的基因型及比值如图所示，则双亲的基因型是（ ）
正确答案
解析
解：据图形分析可知，DD：Dd=（1+1+2）：（1+1+2）=1：1，推测亲本一对基因的杂交组合为Dd×DD；同理图中 SS：Ss：ss=（1+1）：（2+2）：（1+1）=1：2：1，可以推测亲本该对基因的杂交组合为Ss×Ss，所以双亲的基因型为DdSs×DDSs．
故选：C．
（1）玉米非甜味（D）对甜味（d）为显性，非糯性（G）对糯性（g）为显性，两对基因独立遗传．现有甲、乙、丙三个品系的纯种玉米，其基因型如表所示：
①若要利用玉米非糯性与糯性这一对相对性状来验证基因分离定律，可作为亲本的组合有______
②现有纯种非甜非糯玉米与甜味糯性玉米杂交得F1，F1与某品种杂交，后代的表现型及比例是 非甜非糯：甜味非糯=3：1，那么该品种的基因型是______．若再从其杂交后代选出甜味非糯自交，后代中的甜味糯性玉米占______．
（2）甜玉米比普通玉米蔗糖含量高，主要由基因d控制．基因e对d起增强效应，从而形成超甜玉米．研究发现，d位于9号染色体上，e对d增强效应的具体表现是：ee使蔗糖含量提高100%（非常甜），Ee提高25%（比较甜），EE则无效．最初研究者为验证d和e基因独立遗传，设计了如下的实验：用杂合子普通玉米（DdEe）与超甜玉米（ddee）杂交，取所结的子粒，测定蔗糖的含量，若表现型及其比例为______时，则d和e基因独立遗传．但实际结果是，子代的表现型仅有普通和非常甜两种，且数量大致相等．对此结果的合理解释是：______．
（3）如果玉米第6号染色体的两条姐妹染色单体之间发生部分交换，通常对生物的遗传有无影响？为什么？______．
（4）为了提高玉米的产量，在农业生产中使用的玉米种子都是杂交种．现有长果穗（H）白粒（f）和短果穗（h）黄粒（F）两个玉米杂合子品种，为了达到长期培育长果穗黄粒（HhFf）玉米杂交种的目的，科研人员设计了如图所示的快速育种方案．其中的处理方法A和B分别是指______．以上方案所依据的育种原理有______（填两个）．
正确答案
解析
解：（1）分离定律的实质是等位基因随同源染色体的分开而分离，所以选甲×丙或乙×丙，才会出现一个个体中存在等位基因Gg．纯种非甜非糯玉米与甜味糯性玉米杂交得F1 ，F1基因型为DdGg，F1与某品种杂交，后代的表现型及比例是非甜非糯：甜味非糯=3：1，则该品种为DdGG．杂交后代中甜味非糯的基因型为ddG_（
（2）如果两对基因独立遗传，则DdEe×ddee→DdEe（普通）、Ddee（普通）、ddEe（比较甜）、ddee（非常甜），因此子代表现型及比例为普通：比较甜：非常甜=2：1：1．由于子代测交结果是普通：非常甜=1：1，不符合1：1：1：1，所以这两对基因不遵循自由组合规律，即这两对基因位于一对同源染色体上（9号染色体），而且D、E基因在一条染色体上．
（3）由于是由一条染色体复制而来，交换的部分控制性状的基因相同，所以对生物的遗传没有影响．
（4）由图可知，F1是纯合子，所以自交不会出现性状分离，可以留种，故在短时间内获得纯合子的方法是单倍体育种，F1获得过程是单倍体育种，原理是染色体变异，即A是花药离体培养，B是秋水仙素处理．F1中杂交得杂交种过程原理是基因重组．
故答案为：
（1）①甲与丙（或乙与丙） ②DdGG
（2）普通：比较甜：非常甜=2：1：1 两对基因同在9染色体上，而且D、E基因在一条染色体上
（3）没有 因为两条姐妹染色单体是由一条染色体复制而来，交换的部分控制性状的基因相同
（4）花药离体培养、秋水仙素处理 基因重组、染色体变异
在孟德尔的两对相对性状的豌豆杂交试验中，纯种黄色圆粒豌豆（YYRR）和绿色皱粒豌豆杂交产生的F1为黄色圆粒．请回答F1自交产生F2中：
（1）F2中圆粒豌豆占______．
（2）F2中稳定遗传的类型占______．
（3）F2中表现型不同于双亲的类型占______．
（4）若F2中黄色皱粒豌豆有180个，则F2中杂合绿色圆粒豌豆有______个．
（5）F2中的黄色圆粒豌豆中杂合子占______．
（6）F2中的某豌豆自交，后代绿色圆粒：绿色皱粒=3：1，则该豌豆的基因型是______．
正确答案
解析
解：（1）F2中圆粒豌豆（R_）占
（2）F2中稳定遗传的类型占
（3）F2中表现型不同于双亲的类型（黄色皱粒Y_rr、绿色圆粒yyR_）占
（4）若F2中黄色皱粒豌豆有180个，则F2中绿色圆粒豌豆也是180个，其中杂合绿色圆粒豌豆有
（5）F2中的黄色圆粒豌豆中只有YYRR是纯合体，所以杂合子占
（6）F2中的某豌豆自交，后代绿色圆粒：绿色皱粒=3：1，即都是绿色，圆粒：皱粒=3：1，则该豌豆的基因型是yyRr．
故答案为：
（1）
（2）
（3）
（4）120
（5）
（6）yyRr
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