热门试卷

解：（1）根据题意分析已知高茎和红花是显性性状．

（2）分析表格中杂交后代的表型比可知，甲实验子代中，高茎：矮茎≈1：1，相当于测交实验，因此亲本的基因型为Aa×aa，红花：白花≈3：1，相当于自交实验，亲本基因型为Bb×Bb，所以甲组合为AaBb×aaBb；

乙实验子代中，高茎：矮茎≈3：1，相当于自交实验，亲本基因型为Aa×Aa，红花：白花≈1：1，相当于测交实验，亲本基因型为Bb×bb，因此乙组合为：

AaBb×Aabb；

丙组实验子代中，全是高茎，且亲本中是一方是高茎，另一方是矮茎，亲本基因型为AA×aa，红花：白花≈3：1，相当于自交实验，亲本基因型为Bb×Bb，所以丙组实验组合是AABb×aaBb；

丁组实验的子代中，高茎：矮茎≈1：1，相当于测交实验，因此亲本的基因型为Aa×aa，后代全是红花，且亲本是红花和白花，基因型为BB×bb，所以丁组实验组合是AaBB×aabb；

戊组实验的子代中，高茎：矮茎≈1：1，相当于测交实验，亲本的基因型为Aa×aa；红花：白花≈1：1，相当于测交实验，亲本基因型为Bb×bb，因此戊组合为：

Aabb×aaBb．

故答案为：

（1）高茎、红花 

（2）AaBb×aaBb  AaBb×Aabb  AABb×aaBb  AaBB×aabb  Aabb×aaBb

解：（1）依题意可知，A_B_表现为黑色有斑纹，A_bb为灰色有斑纹，aaB_和aabb表现为无斑纹．表中数据显示，F1测交子代中，黑色斑纹：灰色斑纹：无斑纹≈1：1：2（是1：1：1：1的变式），据此可推知，F1的基因型是AaBb．已知纯合亲本甲的表现型为无斑纹，则其基因型可能为aaBB或aabb，若为前者，则乙的基因型为AAbb，若为后者，则乙的基因型是AABB．

（2）F1的基因型是AaBb，雌雄个体交配所得的F2的表现型及其比例为，黑色斑纹（A_B_）：灰色斑纹（A_ bb）：无斑纹（aaB_+aabb）=9：3：4．在F2中，基因型为AABB、AAbb、aaBB、aaBb、aabb的个体自交，其后代均不发生性状分离，共占．

（3）已知染色体缺失的卵细胞不育，染色体缺失的精子可育．因此基因型为A0a的雌蚕，只产生一种基因型为a的可育的卵细胞；基因型为A0a的雄蚕，可产生比值相等的A0和a两种精子，二者交配，因雌雄配子的随机结合，子代的表现型和比例为有斑纹（A0a）：无斑纹（aa）=1：1．

（4）有斑纹体壁透明雌蚕（A0aZtW）与有斑纹体壁正常雄蚕（A0aZTZT）杂交，若只研究有无斑纹这一相对性状，结合对（3）的分析可知，F1中有斑纹个体的基因型均为A0a，将其中有斑纹个体相互交配，F2中有斑纹个体所占的比例为1/2；若只研究体壁是否透明这一相对性状，则基因型为ZtW的雌蚕与基因型为zTZT的雄蚕交配，F1中体壁正常雄蚕（ZTZt）：体壁正常雌蚕（ZTW）=1：1，F1中的雌雄蚕交配，所得到的F2的基因型及其比例为ZTZT：ZTZt：ZTW：ZtW=1：1：1：1，其中体壁正常雄性个体和体壁正常雌性个体所占的比例分别（ZTZT+ZTZt）、（ZTW）；将这两对相对性状综合在一起研究，则F2中，有斑纹体壁正常雌性个体．

故答案为：

（1）AABB或AAbb

（2）黑色斑纹：灰色斑纹：无斑纹=9：3：4   

（3）1：1

（4）

解：（1）由于F1有茸毛红果自交后代出现了性状分离，所以番茄的这两对相对性状中，显性性状分别为有茸毛和红果．由于亲本有茸毛红果×无茸毛黄果→有茸毛红果：无茸毛红果，所以亲本的基因型是AaBB×aabb．

（2）亲本的基因型是AaBB×aabb，则F1的基因型是AaBb与aaBb，由于无茸毛红果aaBb被淘汰，所以F1的AaBb自交，产生的F2中，基因型应为1AABB、2AaBB、2AABb、4AaBb、1AAbb、2Aabb、1aaBB、2aaBb、1aabb，但由于基因A具有纯合致死效应，所以F2个体中基因型有2AaBB、4AaBb、2Aabb、1aaBB、2aaBb、1aabb共6种，表现型及比例是有茸毛红果：有茸毛黄果：无茸毛红果：无茸毛黄果=6：2：3：1．

（3）F2中有茸毛红果植株（2AaBB、4AaBb）自交，所得后代个体中出现有茸毛黄果的概率是=．

故答案为：

（1）有茸毛、红果　   AaBB×aabb　

（2）6    有茸毛红果：有茸毛黄果：无茸毛红果：无茸毛黄果=6：2：3：1　 

（3）

解：（1）在只考虑茎的颜色和种子的粒形遗传实验中，子代的四种表现型出现的比例为9：3：3：1的一组，其亲代基因型一定是两对基因都杂合的，其亲本基因组成为AaYy、AaYy；子代的四种表现型比例为1：1：1：1时，杂交的两亲本一定是控制两对相对性状的基因组成都为杂合子测交的类型，其亲本基因组成为AaYy、aayy或Aayy、aaYy；子代的四种表现型比例为3：3：1：1时，两亲本的基因组成中一定是控制一对相对性状的基因组成全为杂合子，控制另一对相对性状的基因组成为杂合子测交的类型，其亲本基因组成为AaYy、Aa yy或AaYy、aaYy；出现上述现象的前提条件是：两对基因遵循自由组合定律；精子和卵子结合的机会均等；各种基因型的后代成活率相同等．

（2）若只考虑茎的颜色和抗病性状的遗传：如果♀AaBb×♂aabb则子代表现型及比例为紫茎抗病：紫茎不抗病：绿茎抗病：绿茎不抗病=1：1：1：1，两对基因的遗传遵循自由组合定律；如果♀aabb×♂AaBb则子代表现型及比例为紫茎不抗病：绿茎抗病：绿茎不抗病=1：1：1，后代缺少紫茎抗病的个体，分析可知，是因为缺少基因型为AB的花粉，原因应是AB基因型的花粉不活或不能萌发形成花粉管．遗传图解如下，

（3）将基因型为aabbYy的植株自交所结全部种子播种共得18株植株其中12株结灰色种皮种子，6株结白色种皮种子，比例为2：1，不符合孟德尔的分离定律，原因是子代的数量太少．

故答案为：

（1）AaYy×AaYy   　AaYy×aayy或Aayy×aaYy    　AaYy×Aayy或AaYy×aaYy   　两对基因自由组合；各种雌性配子结合机会均等；后代成活率一样 （2）AaBb的植株产生的基因型为AB的花粉不能萌发长出花粉管（不能参与受精作用或AB雄配子致死）影响子代的性状

图解： 

（3）不相符  　子代样本数量太少

解：（1）AABBCC×aabbcc→AaBbCc，由于每增加一个显性基因高度增加2cm，与aabbcc相比，aaBbCc增加了3个显性基因，因此高度是2+2×3=8cm．

（2）F1自交后，子代中高度为4cm的含由一个显性基因，基因型分别是Aabbcc、aaBbcc、aabbCc三种，高度为6cm的含由两个显性基因，基因型为：AaBbcc、AAbbccaaBBcc、aabbCC、aaBbCc、AabbCc六种；高度为8cm的含有三个显性基因，基因型为AABbcc、AAbbCc、aaBBCc、AaBBcc、AaBbCc、AabbCC、aaBbCC共7种．

（3）AABBCC×aabbcc→AaBbCc，F1自交后代的组合方式共有4×4×4=64种，其中与AABBCC高度相同的是××=，与aabbcc高度相同的是××=，因此F2中和亲本（AABBCC×aabbcc）高度相等的比例是+=．

（4）F2中与F1一样高的个体含有三个显性基因，因此不可能出现纯合子．

故答案为：

（1）8

（2）3      6      7

（3）

（4）0

解：（1）让F2中的灰色鼠与白色鼠杂交，即B_dd与b_D_或bbdd杂交，子代中不可能出现纯合灰色鼠BBdd的个体，所以比例是0．

（2）由于小鼠的一种隐性性状由基因d控制，如果基因d是位于常染色体上，则雌雄个体性状的数量之间没有差别；如果基因d是位于X染色体上，则雌雄个体性状的数量之间有差别，一般是该性状的雄性个体数目明显多于雌性个体数目．因此，可通过统计具有该隐性性状小鼠的性别比例，来初步确定该基因的位置．

故答案为：

（1）0      

（2）性别比例（性别数量）

解：（1）玉米是雌性同株，没有性染色体，雌株与雄株中染色体组成均相同，基因组测序应测一半即10条染色体上脱氧核苷酸的序列．

（2）古铜色玉米基因型有A_C_dd或A_ccD_，紫色玉米基因型有A_C_D_，则F1紫色玉米基因型为A_CcDd，又可拆分为，所以F1紫色植株基因型有AaCcDd（）和AACcDd（），则亲本基因型为AACCdd和AaccDD 或AAccDD 和AaCCdd．

（3）白色玉米基因型有aa____或A_ccdd．

①甲和乙的后代全是紫色（A_C_D_），含的显性基因应正好不同，即aaCCDD和AAccdd．

②甲乙杂交得到的紫色玉米基因型为AaCcDd，戊完全隐性，基因型为aaccdd，二者杂交后代中紫色（A_C_D_）占=，古铜色（A_C_dd和A_ccD_），其余白色占，故紫色：古铜色：白色=1：2：5．

③丙和丁的基因型只能是aaCCdd和aaccDD，它们杂交后代基因型为aaCcDd，表现为白色．

故答案为：

（1）10

（2）AACCdd和AaccDD 或AAccDD 和AaCCdd

（3）①aaCCDD和AAccdd    ②紫色：古铜色：白色=1：2：5   ③均为白色玉米