热门试卷

解：（1）亲本的B基因在子一代的雄性个体中没有，在雌性个体中有，故等位基因B、b位于X染色体上．亲本中雄紫花基因型为A_XBY，雌白花基因型为aaXbXb．亲本中雌白花肯定会把a基因给后代，而子一代中没有含aa的个体，则亲本中雄紫花基因型为AAXBY．

（2）让F1雌雄植株杂交即AaXbY×AaXBXb，得到F2，F2中雌花的表现型以及比例紫花（A_XBXb）：红花（A_XbXb）：白花（aaXBXb、aaXbXb）=×：×：=3：3：2，其中纯合体为AAXbXb、aaXbXb，占雌花的比例是=．F2中白花植株的基因型有aaXBXb、aaXbXb、aaXBY、aaXbY4种．

（3）若将上述两亲本的体细胞杂交，即AaXbY和AaXBXb杂交，培育出新植株为AAaaXBXbXbY，故新植株体细胞的染色体组为四组，新植株含有A和B基因，故开花的颜色为紫花．

故答案为：

（1）X        AAXBY

（2）紫花：红花：白花=3：3：2                4

（3）四       紫花

解：（1）若等位基因A/a位于Z染色体上．

①由题可知鸟类的性染色体组成为ZW型，故雌鸟的基因型只有两种即ZAW或ZaW，故雌鸟的颜色也只有灰色和白色2种．联会后的每对同源染色体含有四条染色单体，称为四分体．由于该该鸟（2N=76），故在减数分裂产生卵细胞的过程中可以形成38个四分体．

②雄鸟的基因型为ZAZA、ZAZa、ZaZa，ZZ分别为黑色、灰色、白色．用两只羽毛颜色相同的个体杂交，则为ZAW（雌灰）与ZAZa（雄灰），或ZaW（雌白）与ZaZa（雄白），而后一种杂交后代没有出现性状分离，故符合条件的杂交只有ZAW（雌灰）与ZAZa（雄灰），后代为ZAW（雌灰）、ZaW（雌白）、ZAZA（雄黑）、ZAZa（雄灰）．因此，子代中黑色羽毛：灰色羽毛：白色羽毛=1：2：1．

（2）若等位基因A/a位于常染色体上，另有一对不在性染色体上的控制色素分布的等位基因B/b．

①根据题意和图示分析可知：F2性状分离比为4：2：1：6：3，为9：3：3：1的变式，说明此两对基因符合基因的自由组合定律，故两对基因应该位于非同源染色体上．也可推知F1灰色斑点的基因型应该为AaBb；又从F2性状分离比可知斑点：纯色=9：7，故B/b控制色素分布形成斑点的基因为B，基因型为BB或Bb．

②综合分析可得出纯白（aa__）、纯灰（Aabb）、纯黑（AAbb）、灰色斑点（AaB_）、黑色斑点（AAB_）．故F2中基因型种类最多的性状是纯白（aaBB、aaBb、aabb），让F2中的纯灰色雄鸟与灰色斑点雌鸟杂交，为两种情况：Aabb×AaBb或者Aabb×AaBB．不论哪一种情况，子代新出现的羽毛性状都占．

③若让F2中所有斑点羽毛个体随机交配，即让AaBb、AaBB、AABb、AABB随机交配，四种基因型之比为4：2：2：1，故后代为：

所以子代中出现斑点羽毛的个体的概率为．

④由上题可知所有斑点羽毛均同时含有A、B基因，故当斑点羽毛的鸟在自然环境中比纯色羽毛的鸟更容易被天敌发现时，A、B基因的频率均会变小．

故答案为：

（1）①2      38   ②ZAW和ZAZa       1：2：1

（2）①非同源染色体       BB或Bb    ②纯白        ③   ④变小    斑点羽毛个体中只有Aa和AA两种基因型，没有aa基因型，所以A比a更容易随B基因淘汰

解：（1）蜜蜂营社会性生活，一个蜂群包括一只蜂王、几只雄蜂和众多工蜂，蜂王专职产卵，雄蜂同蜂王交尾，工蜂负责采集花粉、喂养幼虫、清理蜂房等工作．蜂王、雄蜂和工蜂共同生活，各司其职，这种现象称为种内互助．

（2）若蜂王是二倍体生物，则工蜂也是二倍体，而雄蜂是由卵细胞没有经过受精作用直接发育而来，属于单倍体．

（3）①亲本“非卫生”蜂的蜂王ד卫生”蜂的雄蜂的杂交，其后代均表现为“非卫生”蜂，因此“非卫生”蜂的行为是显性性状．从F1测交后代有四种表现型比例相等，可判断“非卫生”与“卫生”的性状应该是由两对基因来控制的，从比例关系可推知这是符合基因的自由组合定律的．

②根据以上分析，亲代的“非卫生”蜂的蜂王的基因型应该为AABB，雄蜂是单倍体，“卫生”蜂的雄蜂的基因型为ab（产生的配子也是ab），F1的雄蜂由卵细胞直接发育而来，基因型为AB，雌蜂由受精卵发育而来，基因型均为AaBb，雌雄蜂的表现型均为“非卫生”蜂（如下图）：

在Fl测交时，Fl的“非卫生”蜂的蜂王（AaBb）应与“卫生”蜂的雄蜂（ab）进行测交：

由上面的图解可以看出，测交后代纯合体为“卫生”蜂，其性状表现型为会开蜂房盖，能移走死蛹，两种新类型的表现分别为：会开蜂房盖、不能移走死蛹和不会开蜂房盖、能移走死蛹．

（4）据题意，设褐色基因为A，黑色基因为a，亲本为A×aa；雄蜂生成的精子都为A，雌蜂产生的卵细胞都是a，受精卵为Aa，发育成的雌蜂和工蜂为褐色，卵细胞a发育成的雄峰为黑色．

故答案为：

（1）种内互助

（2）单倍体       二倍体

（3）①显性             自由组合       测交后代四种表现型比例相等

②F1代的蜂王“卫生”蜂  （或会开蜂房盖、能移走死蛹）       会开蜂房盖、不能移走死蛹（或不会开蜂房盖、能移走死蛹）

（4）蜂王和工蜂都是褐色，雄蜂都是黑色

解：（1）绿叶植株的基因型有AABB、AaBB、AaBB、AaBb、AAbb、Aabb共6种，其中基因型为AaBb和Aabb的植株自交可产生淡绿叶的子代．

（2）表现型为绿叶和黄叶的两个亲本杂交，子代表现为2绿叶：1黄叶：1淡绿叶．由于有淡绿叶aabb，所以黄叶的基因型只能是aaBb，绿叶的基因型只能是AaBb．

（3）①由于淡绿叶植株基因型为aabb，所以绿叶植株与淡绿叶植株杂交得到F1，如果F1的表现型及比例为2绿叶：1黄叶：1淡绿叶，则亲本绿叶植株的基因型为AaBb；如果F1的表现型及比例为1绿叶：1黄叶，则亲本绿叶植株的基因型为AaBB；如果F1的表现型及比例为1绿叶：1淡绿叶，则亲本绿叶植株的基因型为Aabb．因此，根据F1的表现型及比例，即可确定的亲本绿叶植株的基因型有AaBb、AaBB、Aabb．

②F2中，若绿叶：淡绿叶的比例为3：1，说明F1的基因型为Aabb，则该亲本绿叶植株的基因型为AAbb．若绿叶：黄叶：淡绿叶的比例为12：3：1，说明F1的基因型为AaBb，则该亲本绿叶植株的基因型为AABB．

（4）由于基因型为aaBbMm的二倍体植株是杂合体，所以要先进行连续自交，性状分离后进行筛选．将选出的表现型为淡绿叶单果型的个体，用秋水仙素处理，得到四倍体，再用四倍体与表现型为淡绿叶单果型的二倍体杂交，即可得到淡绿叶单型果三倍体种子．

故答案为：

（1）6      AaBb、Aabb

（2）Aabb、aaBb

（3）①AaBb、AaBB、Aabb       ②AAbb       12：3：1

（4）①连续自交；②筛选出表现型为淡绿叶单果型的个体；③用秋水仙素处理，得到四倍体；④四倍体与表现型为淡绿叶单果型的二倍体杂交，得到淡绿叶单型果三倍体种子．

解：（1）由表格信息可知，AA存在时都表现为白花，因此白花植株的基因型的种类是1×3×3=9种；白花后代的基因型都含有AA，因此都能稳定遗传，不发生性状分离；乳白色花的基因型是Aa____，自交后代AA____、Aa____、aa____，因此后代会发生性状分离．

（2）由表格信息可知，黄花植株的基因型是aaB___、aa__D_、aaB_D_，金花植株的基因型是aabbdd，二者杂交得到子一代，子一代自交后代出现两种表现型且比例为3：1，相当于一对相对性状的杂合子自交实验，因此子一代只有1对基因是杂合的，所以亲本黄花植株基因型为aaBBdd或aabbDD；黄花植株自交后代出现金黄花植株的概率最高为．

（3）如果不考虑交叉互换，乳白色植株在产生配子时，基因A和a的分离发生在时期减数第一分裂后期，随同源染色体分离而分离；基因A和A的分离发生在减数第二次分裂后期，随着丝点分裂、子染色体移向两极而分开．

（4）因型为AaBbDd的植株自交，可以将自由组合问题转化成3个分离定律问题：①Aa×Aa→A_、aa，②Bb×Bb→B_、bb，③Cc×Cc→C_、cc；因此后代的表现型是白花AA____=×1×1=，乳白花Aa____=×1×1=，黄花aaB___+aa__D_+aaB_D_=×1++，金黄花aabbdd=×，比例是16：32：15：1；如果让其测交，可以将自AaBbCc×aabbdd的由组合问题转化成3个分离定律问题：①Aa×aa→Aa：aa=1：1，②Bb×bb→Bb：bb=1：1，③Cc×cc→Cc：cc=1：1，测交后代中乳白花占，黄花是aaBb__+aa__Dd+aaBbDd=，金黄花aabbdd=，因此测交后代乳白花：黄花：金黄花=4：3：1．

故答案为：

（1）9  9  不能

（2）aaBBdd或aabbDD  

（3）减数第一次分裂后期  减数第二次分裂后期

（4）4  乳白花：黄花：金黄花=4：3：1

解：（1）图示细胞正处于某个分裂过程中，因为细胞中有同源染色体，且配对，所以该细胞应处于减数第一次 分裂时期．

（2）母本BBFFGG与父本bbffgg杂交，F1的基因型为BbFfGg，所以其高度是30+5×3=45cm，F1测交后代中高度为40cm的植株中含2个显性基因，因此，出现的比例为××3=．

（3）F1的基因型为Ee和ee，比例为1：1，让F1自交得到的F2中，EE占×=，Ee占×=，ee占×+=．但Ee所占比例总为，说明E基因存在纯合致死现象．

（4）由于只有基因都为隐性时才表现为叶缘光滑，所以叶缘光滑的植物的基因型是aadd．为探究基因A和a是否与D和d同位于1、2号染色体上，进行如下杂交实验：

第一步：选择图中的父本和母本杂交得到F1种子；

第二步：种植F1种子，待植株成熟让其自交或测交，得到子代种子；

第三步：种植第二步的后代种子，待其长出叶片，观察统计叶片表现型及其比例．

结果及结论：

答案一：①若F2植株的叶缘锯齿尖锐与光滑的比例接近15：1，说明另一对等位基因不位于1、2号染色体上，遵循基因的自由组合定律．

②若F2植株的叶缘锯齿尖锐与光滑的比例接近3：1，说明另一对等位基因位于1、2号染色体上，遵循基因连锁定律

答案二：

①若F2植株的叶缘锯齿尖锐与光滑的比例接近3：1，说明另一对等位基因不位于1、2号染色体上，遵循基因的自由组合定律．

②若F2植株的叶缘锯齿尖锐与光滑的比例接近1：1，说明另一对等位基因位于1、2号染色体上，遵循基因连锁定律．

故答案为：

（1）减数第一次 

（2）45  

（3）E基因存在纯合致死现象

（4）aadd

答案一：自  F2叶片表现型及其比例

①若F2植株的叶缘锯齿尖锐与光滑无毛的比例接近15：1

②若F2植株的叶缘锯齿尖锐与光滑无毛的比例接近3：1

答案二：测   F2叶片表现型及其比例

①若F2植株的叶缘锯齿尖锐与光滑无毛的比例的比例接近3：1

②②若F2植株的叶缘锯齿尖锐与光滑无毛的比例的比例接近1：1

解：（1）③过程中，mRNA与某RNA形成双链RNA，导致翻译过程中不能与核糖体结合，因此不能翻译形成相应的酶，最终导致矮秆性状的产生．不能合成相应的蛋白质．图中①转录过程、②翻译过程和③RNA与RNA互补配对都遵循碱基互补配对原则．

（2）根据表中信息可知，高秆掌状叶：矮秆掌状：高秆柳叶：矮秆柳叶=9：3：3：1，说明控制高杆相对于矮秆为显性性状、掌状叶相对于柳叶为显性性状，且控制这两对性状的基因位于两对同源染色体上，遵循基因自由组合定律；而掌状叶和正常两性株（或柳叶和雌株）总是同时出现，说明控制叶形和花序的两对基因位于同一对同源染色体上，不遵循基因自由组合定律．综合以上可知，材料二中3对性状的基因位于两对同源染色体上．

（3）由以上分析可知，高杆、掌状叶和正常两性株为显性性状，因此用纯合高秆柳叶雌株和纯合矮秆掌状叶正常两性株蓖麻为亲本，F1表现型为高秆掌状叶正常两性株；F2代高秆掌状叶正常两性株中，纯合子只有一种，占，杂合子的比例是．

（4）根据表中信息可知，叶型为掌状叶，则为正常两性株，叶型为柳状叶，则为雌株，所以根据幼苗时期叶型即可区分正常两性株和雌株．

（5）鉴定高秆柳叶雌株蓖麻的基因型，可用采用测交法，即用矮秆掌状叶正常两性株为亲本与其杂交，若后代性状表现全为高秆，则该株蓖麻为纯合高秆柳叶雌株．

故答案为：

（1）核糖体    ①②③

（2）两    叶形与花序类型

（3）高秆掌状叶正常两性株    

（4）掌状叶

（5）矮秆掌状叶正常两性株   全为高秆

解：（1）在F2的表现型中，抗病：易感病=（66+9）：（9+16）=3：1；说明控制抗病和易感病的等位基因遵循基因的分离定律．

（2）由于F2的表现型及比例是高杆抗病：高杆易感病：矮杆抗病：矮杆易感病=66：9：9：16，不符9：3：3：1，也不属于它的变形，因此它们不遵循基因自由组合定律．

（3）F2代中出现了亲本所没有的新的性状组合，产生这种现象的根本原因是有性生殖过程中，在减数第一次分裂的四分体时期，同源染色体上的非姐妹染色单体发生了交叉互换，进行了基因重组．

（4）由于遵循基因的分离定律而不遵循基因自由组合定律，可实验假设两对等位基因位于一对同源染色体上，并且题中已假设了F1通过减数分裂产生的雌雄配子的比例都是AB：Ab：aB：ab=4：1：1：4，如果假设成立，那么通过测交的方式后代也应该会出现这一结果．

答案：（1）遵循       

 （2）不遵循

（3）重新组合（基因重组）、减数分裂的四分体（减Ⅰ前期）

（4）①一

③将两纯合亲本杂交得到的F1代与纯合矮杆易感病的水稻杂交，观察并统计子代的表现型及比例；

所得子代出现四种表现型，比例为：高杆抗病：高杆易感病：矮杆抗病：矮杆易感病=4：1：1：4