- 遗传因子的发现
- 共18860题
基因型为AaBb的个体与aaBb的个体杂交，F1的表现型比例是（ ）
正确答案
解析
解：基因型为AaBb的个体与aaBb的个体杂交，根据自由组合定律，后代表现型之比为（1：1）×（3：1）=3：1：3：1．
故选：C．
豌豆豆荚饱满（A）对豆荚瘪粒（a）为显性，豆荚颜色（未成熟时）绿色（B）对黄色（b）为显性．现有基因型为AaBb的豌豆植株，自交产生的子代128株，从理论上推算，子代中豆荚饱满、黄色和纯合子豆荚饱满、黄色的植株分别是（ ）
正确答案
解析
解：基因型为AaBb的豌豆植株，表现型为豆荚饱满、绿色，自交后代表现型及其比例为豆荚饱满、绿色：豆荚饱满、黄色：豆荚瘪粒、绿色：豆荚瘪粒、黄色=9：3：3：1．由于自交产生的子代128株，所以从理论上推算，子代中豆荚饱满、黄色和纯合子豆荚饱满、黄色的植株分别是128×
故选：D．
燕麦的颖色受两对基因控制．已知黑颖（用字母A表示）和黄颖（用字母B表示）为显性，且只要A存在，植株就表现为黑颖，双隐性则出现白颖．现用纯种黄颖与纯种黑颖杂交，F1全为黑颖，F1自交产生的F2中，黑颖：黄颖：白颖=12：3：1．请回答下面的问题：
（1）亲本的基因型是______和______．F2中白颖的基因型为______，黄颖中纯合子所占比例是______．
（2）请用遗传图解的形式表示出题干所述的杂交过程：
______．（包括亲本、F1及F2各代的基因型和表现型）
正确答案
解析
解：（1）F2中黑颖：黄颖：白颖=12：3：1，是“9：3：3：1”的变式，这说明F1的基因型为AaBb，则亲本的基因型为AABB×aabb或AAbb×aaBB，又已知只要有A存在就表现为黑颖，有B无A时表现为黄颖，无A和B时表现为白颖，因此亲本的基因型为AAbb×aaBB，F2中白颖的基因型为aabb，黄颖的基因型及概率为
（2）由（1）可知亲本的基因型为AAbb×aaBB，则具体的杂交过程为：
故答案为：
（1）aaBB、AAbb、aabb
（2）
小鼠的皮毛颜色由常染色体的两对基因控制，其中A/a控制灰色物质合成，B/b控制黑色物质合成．两对基因控制有色物质合成关系如图：
（1）选取三只不同颜色的纯合小鼠（甲-灰鼠，乙-白鼠，丙-黑鼠）进行杂交，结果如下：
①两对基因（A/a和B/b）位于______对染色体上，小鼠乙的基因型为______．
②实验一的F2代中白鼠共有______种基因型，灰鼠中杂合体占的比例为______．
③图中有色物质1代表______色物质，实验二的F2代中黑鼠的基因型为______．
（2）在纯合灰鼠群体的后代中偶然发现一只黄色雄鼠（丁），让丁与纯合黑鼠杂交，结果如下：
①据此推测：小鼠丁的黄色性状是由______突变产生的，该突变属于______性突变．
②为验证上述推测，可用实验三F1代的黄鼠与灰鼠杂交．若后代的表现型及比例为______，则上述推测正确．
③用三种不同颜色的荧光，分别______标记小鼠丁精原细胞的基因A、B及突变产生的新基因，观察其分裂过程，发现某个次级精母细胞有3种不同颜色的4个荧光点，其原因是______
______．
正确答案
解析
解：（1）①实验一的F2中灰鼠：黑鼠：白鼠=9：3：4，是“9：3：3：1”的变式，说明这两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，即这两对等位基因位于两对同源染色体上．
②实验一中F1的基因型为AaBb，F2代情况为灰鼠（1AABB、2AABb、2AaBB、4AaBb）：黑鼠（1aaBB、2aaBb）：白鼠（1AAbb、2Aabb、1aabb）=9：3：4，其中白鼠共有3种基因型，灰鼠中杂合子占
③A和B同时存在时表现为灰色，只有B时表现为黑色，因此图中有色物质1代表黑色物质，有色物质2代表灰色物质；实验二中亲本的基因型为aabb×aaBB，则F1的基因型为aaBb，则F2代中黑鼠的基因型为aaBB和aaBb．
（2）①实验三中丁与纯合黑鼠（aaBB）杂交，后代有两种性状，说明丁为杂合子，且杂交后代中有灰色个体，说明新基因相对于A为显性（本解析中用A1表示）．结合F1F2未出现白鼠可知，丁不含b基因，其基因型为A1ABB．
②若推论正确，则F1中黄鼠基因型为A1aBB，灰鼠为AaBB．杂交后代基因型及比例为A1ABB：A1aBB：AaBB：aaBB=1：1：1：1，表现型及其比例为黄：灰：黑=2：1：1．
③在减数第一次分裂过程中联会后，同源染色体分离的同时非同源染色体自由组合．次级精母细胞进行减数第二次分裂，姐妹染色单体分离．由于姐妹染色单体是由同一条染色体通过复制而来的，若不发生交叉互换基因两两相同，应该是4个荧光点，2种颜色．因此出现第三种颜色应该是发生交叉互换的结果．
故答案为：
（1）①两 aabb
②3
③黑 aaBB和aaBb
（2）①A 显
②黄色：灰色：黑色=2：1：1
③相应的精原细胞在减数第一次分裂（前期）时发生过同源染色体的非姐妹染色体上A和新基因间的交叉互换
家禽鸡冠的形状由两对基因（ A和a，B和b）控制，这两对基因按自由组合定律遗传，与性别无关．据下表回答问题：
（1）甲组杂交方式在遗传学上称为______：甲组杂交F1代四种表现型比别是______．
（2 ）让乙组后代F1中玫瑰状冠的家禽与另一纯合豌豆状冠的家禽杂交，杂交后代表现型及比例在理论上是______．
（3）让丙组F1中的雌雄个体交配．后代表现为玫瑰状冠的有120只，那么表现为豌豆状冠的杂合子理论上有______只．
（4）基因型为AaBb与Aabb的个体杂交，它们的后代基因型的种类有______种，后代中纯合子比例占______．
正确答案
测交
1：1：1：1
核桃状：豌豆状=2：1
80
6
解析
解：（1）甲组是核桃状和单片状杂交，其中单片状是隐性个体，生物学上将某个体和纯隐性个体交配得方式称为测交；F1中有四种表现型，说明核桃状的基因型为AaBb，测交后代四种表现型之比为1：1：1：1．
（2）乙：玫瑰状（A_bb）×玫瑰状（A_bb）→F1中出现单片状（aabb），说明亲本的基因型均为Aabb，则F1玫瑰状的基因型及概率为
（3）丙组中由F1全是核桃状可推知亲代基因型为：aaBB和AAbb，则F1的基因型均为AaBb．F1中的雌雄个体交配，根据基因自由组合规律，F2中玫瑰状冠（A_bb）的家禽占
（4）基因型为AaBb与Aabb的个体杂交，它们后代的基因型种类为3×2=6种，纯合子的比例为
故答案为：
（1）测交 1：1：1：1
（2）核桃状：豌豆状=2：1
（3）80
（4）6
请分析回答下列有关遗传问题：
Ⅰ、某二倍体植物辐射对称花型（c650）基因与两侧对称花型（c）基因是一对等位基因；自交亲和（Sc）基因与自交不亲和（S）基因是一对等位基因．c650基因比基因c多了Tam5转座子，Tam5转座子是可以从染色体所在位置转移到染色体其它位置的DNA片段．相关基因与染色体的位置关系及基因部分结构，如图1所示．
ⅰ、将纯合辐射对称花型、自交亲和植株与纯合两侧对称花型、自交不亲和植株杂交得F1．
（1）F1花型为两侧对称，表明基因为隐性基因．在基因不发生改变的情况下，F1植株花型的基因型为______．
（2）采用分子杂交技术对F1中的c650基因进行分子水平的检测，结果发现F1中有一半左右的植株中c650基因发生改变，该植物突变频率这么高的原因最可能是______的结果．
ⅱ、从F1中选出基因型为ScS且c650基因未发生改变的植株间进行异花粉得F2．
（3）如果基因未发生改变以及染色体也没有发生改变，则F2中两侧对称花型且自交亲和个体所占比例应为______．
（4）从F2的150个辐射对称花型植株中检测出5个植株含S基因，其产生原因最可能是______．
Ⅱ、如图2是一个遗传病的家族系谱图．甲病的基因以A或a表示，G人类Ⅰ型糖原贮积症（GSDl a）基因以B或b表示，两对基因自由组合．Ⅰ3和Ⅰ4 不携带有GSDl a基因．请分析回答：
（5）GSDl a的遗传方式是______．
（6）Ⅰ1和Ⅰ2表现正常，但生出患有GSDla 的Ⅱ7，这种现象符合______遗传规律．
（7）Ⅲ13的基因型是______．若不考虑基因突变，Ⅲ12和Ⅲ13结婚，生出既患甲病又患GSDl a子女的概率是______．
正确答案
解析
解：（1）将纯合辐射对称花型、自交亲和植株（c650c650ScSc）与纯合两侧对称花型、自交不亲和植株（ccSS）杂交得F1，若F1花型为两侧对称，则容易判断两侧对称花型为显性性状，辐射对称花型（c650）为隐性性状，F1基因型为
（2）对基因进行分子检测应使用核酸分子杂交技术．F1中高达一半左右的植株c650基因都发生了改变，显然比一般情况下的自然突变率高，由题意“c650基因比c基因多了Tam5转座子，Tam5转座子是可以从染色体所在位置转移到染色体其它位置的DNA片段”可推测出：应该是c650基因中的Tam5转座子的作用．
（3）从F1（基因型为
（4）由题中两对基因的位置关系（c650和Sc基因在一条染色体上）可知，不考虑变异情况的话，F2中辐射对称花型的基因型只能是c650c650ScSc，而题中描述150个F2辐射对称花型的植株中检测出了5个植株含S基因，可推测F1植株在减数分裂时发生了基因重组．
（5）根据图形分析已知GSDⅠa为常染色体隐性遗传病．
（6）Ⅰ1和Ⅰ2表现正常，但生出患有GSDⅠa的Ⅱ7，这是因为他们的基因型都是Bb，在减数分裂过程中等位基因（B、b）分离的结果．
（7）Ⅰ3和Ⅰ4不携带有GSDⅠa基因，所以Ⅱ9也不携带该致病基因（为A_BB），且Ⅱ8没有甲病，其父母为Bb，所以Ⅱ8基因型为aaBb（
故答案为：
（1）c650
（2）Tam5转座子是可以在染色体上位置转移
（3）0
（4）产生配子时发生了互换（基因重组）
（5）常染色体隐性遗传
（7）等位基因分离
（8）AaBB或AaBb
人体手指交叠时，右拇指叠上为显性（R），左拇指叠上为隐性（r）；多指为显性（B），正常指为隐性（b）．一个多指、左拇指叠上的男人与一个正常指、右拇指叠上的女人婚配，生了一对双胞胎，其中一个为多指、左拇指叠上的男孩，另一个为正常指、右拇指叠上的女孩．
（1）写出这对夫妇的基因型．父：______、母：______．
（2）如这对夫妇再生一个孩子，表现型为正常指、左拇指叠上的男孩的概率是______．
正确答案
Bbrr
bbRr
解析
解：（1）个多指、左拇指叠上的男人的基因型为B_rr，一个正常指、右拇指叠上的女人的基因型为bbR_，一个为多指、左拇指叠上的男孩的基因型为B_rr，一个为正常指、右拇指叠上的女孩的基因型为bbR_，根据子代推亲代，则父亲的基因型为Bbrr，母亲的基因型为bbRr．
（2）这对夫妇的基因型为Bbrr×bbRr，他们再生一个表现型为正常指、左拇指叠上的（bbrr）男孩的概率是
故答案为：
（1）Bbrr bbRr
（2）
在家兔中黑毛（B）对褐毛（b）是显性，短毛（E）对长毛（e）是显性，遵循基因的自由组合定律．现有纯合黑色短毛兔，褐色长毛兔，褐色短毛兔三个品种．
（1）设计培育出能稳定遗传的黑色长毛兔的育种方案简要程序：
第一步：让基因型为______的兔子和基因型为______的异性兔子杂交，得到F1．
第二步：让F1______，得到F2．
第三步：选出F2中表现型为黑色长毛兔的个体，让它们各自与表现型为______的异性兔杂交，分别观察每对兔子产生的子代，若后代足够多且______，则该F2中的黑色长毛兔即为能稳定遗传的黑色长毛兔．
（2）该育种方案原理是______．
（3）在上述方案的第三步能否改为让F2中表现型为黑色长毛的雌雄兔子两两相互交配，若两只兔子所产生的子代均为黑色长毛，则这两只兔子就是能稳定遗传的黑色长毛兔？为什么？______（能或不能），原因______．
（4）在一年生植物烟草的杂交育种中，用AAbb（宽叶不抗病）和aaBB（窄叶抗病）培育符合要求的宽叶抗病纯合体（AABB）时，一般是先用AAbb和aaBB杂交获得F1，再F1自交得到F2，最后筛选出表现型为宽叶抗病连续自交来提高纯合体比例，这种方法年限很长，为了快速培育出能稳定遗传的宽叶抗病品种，某同学以F1为材料设计了二种方案，：
方案一：取F1植株的花药进行离体培养，用秋水仙素处理单倍体幼苗，长成后为宽叶抗病的植株即为纯种．
请你帮他写出另一种方案：______．
正确答案
解析
解：（1）要想获得BBee，因此选择黑色短毛兔（BBEE）和褐色长毛兔（bbee）作为亲本杂交，但是获得的子一代全为杂合子，因此必须让子一代个体之间相互交配，在子二代中选择出黑色长毛兔，然后再通过测交的方法选择出后代不发生性状分离的即可．
（2）杂交育种的原理为基因重组．
（3）黑色长毛兔的基因型为B_ee，如果让这样表现型的雌雄兔子两两相互交配，如果所产生的子代均为黑色长毛，只能说明这两只黑色长毛中至少有一只是能稳定遗传的，因此不能确定这两只兔子就是能稳定遗传的黑色长毛兔．
（4）杂交育种的时间太长，而单倍体育种能明显缩短育种年限．由于子二代中宽叶抗病植株的基因型有四种：AABB、AABb、AaBB、AaBb，其中AABB就是符合要求的类型，因此只需将其中每株宽叶抗病植株上所结种子分开留种和播种，选出后代不出现性状分离的即为纯种．
故答案为：
（1）第一步 BBEE、bbee
第二步 雌雄个体相互交配
第三步 褐色长毛兔（或褐色短毛兔）、不出现性状分离
（2）基因重组
（3）不能，两只黑色长毛的雌雄兔子交配，所产生的子代均为黑色长毛，只能说明这两只黑色长毛中至少有一只是能稳定遗传的．
（4）将F1自交得到的种子播种，再将其中每株宽叶抗病植株上所结种子分开留种和播种，选出后代不出现性状分离的即为纯种．
下表为3个不同小麦杂交组合及其子代的表现型和植株数目．
（1）据表分析，下列推断错误的是______
A．6个亲本都是杂合子
B．抗病对感病为显性
C．红种皮对白种皮为显性
D．这两对性状自由组合
（2）三个杂交组合中亲本的基因型分别是
①______，②______，③______．
（设小麦的抗性性状由A、a控制，种皮颜色由B、b控制）
（3）第______组的数据符合测交实验结果，但不是测交实验．
正确答案
解析
解：（1）就抗病和感病而言，组合三中亲本均为感病，子代有抗病和感病，则感病是显性性状，抗病是隐性性状．就红种皮和白种皮而言，组合一中亲本均为红种皮，子代有红种皮和白种皮，则红种皮是显性性状，白种皮是隐性性状．
组合一子代感病：抗病=1：1，红种皮：白种皮=3：1，则亲本基因型是aaBb和AaBb；
组合二子代感病：抗病=1：1，红种皮：白种皮=1：1，则亲本基因型是aaBb和Aabb；
组合三子代感病：抗病=3：1，红种皮：白种皮=1：1，则亲本基因型是AaBb和Aabb．
因此，推断错误的是B．
（2）三个杂交组合中亲本的基因型分别是aaBb×AaBb、aaBb×Aabb、AaBb×Aabb．
（3）测交是杂种子一代与隐性个体进行杂交，后代比例为1：1：1：1．所以第二组的数据符合测交实验结果，但由于没有隐性个体，所以不是测交实验．
故答案为：
（1）B
（2）aaBb×AaBb aaBb×Aabb AaBb×Aabb
（3）二
（2015秋•清远期末）南瓜皮色分为白色、黄色和绿色，皮色性状的遗传涉及两对等位基因，分别用H、h和Y、y表示，有H存在为白色．现用白甲、白乙、黄色和绿色4个纯合品种进行杂交实验，结果如下：
实验1：黄×绿，F1表现为黄，F1自交，F2表现为3黄：1绿；
实验2：白甲×黄，F1表现为白，F1自交，F2表现为12白：3黄：1绿；
实验3：白乙×绿，F1表现为白，F1×绿（回交），F2表现为2白：1黄：1绿．
分析上述实验结果，请回答：
（1）南瓜皮色遗传______（填“遵循”或“不遵循”）基因自由组合定律．
（2）上述杂交过程中，子代遗传物质的来源情况是______．
（3）在实验1中，F2形成这一比例的原因是______．
（4）若将实验3得到的F2白皮植株自交，F3的皮色的表现型及比例是______．
（5）南瓜皮的色素由多种酶参与催化来合成．研究发现，h基因能控制正常酶1合成，与正常酶1比较，失去活性的酶1氨基酸序列有两个突变位点，如图：
据图推测，h基因突变为H基因时，导致①处突变的原因是发生了碱基对的______，导致②处突变的原因是发生了碱基对的______．进一步研究发现，失活的酶1相对分子质量明显小于正常酶1，出现此现象的原因可能是蛋白质合成______．
正确答案
解析
解：（1）由实验2可知，子二代的性状分离比是12：3：1，因此控制南瓜颜色的2对等位基因遵循自由组合定律．
（2）减数分裂时细胞核遗传物质减半，精子形成过程中细胞质的分配是均等的，卵细胞细胞过程中经过两次细胞质不均等分裂使卵细胞中的细胞质多，受精作用形成受精卵使，细胞核遗传物质一半来自父方，一半来自母方，细胞质遗传物质主要来自母方．
（3）实验1中，亲本基因型是hhYY×hhyy，子一代的基因型是hhYy，由于子一代减数分裂过程中产生hY、hy两种类型的配子，且比例为1：1，由于雌雄配子结合是随机的，因此子二代的基因型是hhYY：hhYy：hhyy=1：2：1，hhY_表现为黄色，hhyy表现为绿，出现了黄：绿=3：1的性状分离比．
（4）实验3中，白乙×绿，F1表现为白，F1×绿（回交），F2表现为2白：1黄：1绿，F1基因型是HhYy，子二代中白皮的基因型是HhYy、Hhyy，比例是1：1，HhYy自交后代12白：3黄：1绿，Hhyy自交后代3白：1绿，因此F3的皮色的表现型及比例是白色为
（5）据图推测，h基因突变为H基因时，导致①处突变的原因是发生了碱基对的替换，导致②处突变的原因是发生了碱基对增添或缺失；失活的酶1相对分子质量明显小于正常酶1，说明基因突变后，控制合成的蛋白质中的氨基酸数目减少，可能的原因是基因突变导致转录形成的终止密码子提前，进而导致蛋白质合成提前终止．
故答案为：
（1）遵循
（2）细胞核中遗传物质一半来自父方，另一半来自母方，细胞质中遗传物质几乎全部来自母方
（3）F1（亲本）各产生两种数量相等的配子以及受精过程的随机性
（4）白：黄：绿=24：3：5
（5）替换 增添或缺失 提前终止
某二倍体植物的子叶有黄色和绿色，受基因Y、y控制；茎有高茎和矮茎，受基因D、d控制；花有红花和白花，受基因S、s控制．如表是一杂交试验的统计结果．下列相关叙述正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A． 该植物的三对相对性状中，子叶的颜黄色：绿色=3：1黄色为显性，花的颜色同理红色为显性性状，茎的高矮，高：矮=1：1而无法判断，A错误；
B． 自由组合遗传现象是指F2性状分离比例符合（3：1）n的遗传表现，该植物的三对等位基因之间无法判断是否符合孟德尔自由组合定律，B错误；
C． 该杂交试验的亲本基因型分别为颜黄色：绿色=120；40=3；1，基因型为Yy、Yy；茎的高矮80：80=1：1基因型为：dd Dd；花的颜色白色：红色=1：3，基因为：Ss、Ss，C正确；
D． 该杂交实验的子代Yy、Yy有YY、Yy、yy三种．同理dd Dd有两种，Ss、Ss有三种．共有3×2×3=18种基因型，D错误．
故选：C．
乌鸡（2n=78）是中国特有的药用珍禽，其特征多样，有黑羽黑骨、白羽黑骨等．乌鸡的性别决定为ZW型，ZZ是雄性，ZW是雌性．其羽毛颜色由第3号染色体上的常染色体基因（A、a）和性染色体基因（ZB、Zb）共同决定：其基因与羽毛颜色表现型的关系如下：
请回答下列问题：
（1）雄乌鸡体细胞有丝分裂后期含______条Z染色体．
（2）乌鸡羽色的遗传遵循基因的______定律．黑羽乌鸡的基因型有______种．
（3）现有基因型为AaZBW、AaZBZB的两只乌鸡交配，若淘汰它们子代中的白羽乌鸡，让黑羽雌雄乌鸡自由交配，子代有黑羽乌鸡、白羽乌鸡，其理论比例为______．
（4）现有一只3号染色体为三条的三体雄乌鸡（三体在减数分裂过程中联会时2条随机配对，另1条不能配对），从变异的角度分析，三体形成属于______．若该乌鸡基因型为AAaZbZb，则它产生的精子的基因型为______．
正确答案
解析
解：（1）雄乌鸡的染色体组成为ZZ，所以有丝分裂后期染色体加倍，有4条Z染色体．
（2）由以上分析可知：乌鸡的羽毛颜色受常染色体和性染色体上的两对等位基因的控制，遵循基因的自由组合定律．基因A和B同时存在（A_ZBZ-或A_ZBW）表现为黑鸟，先看第一对基因为2种基因型，第二对的基因型有ZBZB、ZBZb、ZBW3种，故黑鸟的基因型为2×3=6种．
（3）现有基因型为AaZBW、AaZBZB的两只乌鸡交配，淘汰它们子代中的白羽乌鸡（aa__），则后代为A_ZBZB、A_ZBW，都是黑羽，让它们雌雄自由交配，子代AA__：Aa__：aa__=（
（4）三体形成属于染色体数目变异．在减数第一次分裂后期，同源染色体分离，已知该乌鸡基因型为AAaZbZb，则它产生的精子的基因型为AAZb、AaZb、aZb、AZb．
故答案为：
（1）4
（2）自由组合 6
（3）8：1
（4）染色体数目变异 AAZb、AaZb、aZb、AZb
（1）亲本的基因型为______．
（2）在杂交后代F1中，非亲本类型占的比例是______，F1中纯合体的基因型是______．
（3）F1中黄色圆粒豌豆的基因型是______，若使F1中黄色圆粒豌豆与绿色皱粒豌豆杂交，则F2中纯合体所占的比例为______．
正确答案
YyRr×yyRr
yyRR或yyrr
YyRR或YyRr
解析
解：（1）由以上分析可知，亲本中黄色圆粒与绿色圆粒的基因型分别为YyRr和yyRr．
（2）杂交后代黄色：绿色=1：1，圆粒：皱粒=3：1，后代表现型及比例为黄圆：黄皱：绿圆：绿皱=3：1：3：1，因此在后代F1中，非亲本类型（黄皱、绿皱）占的比例是
（3）已知亲本的基因型为YyRr×yyRr，所以F1中黄色圆粒的基因型为YyRR或YyRr，比例为1：2．若使F1中黄色圆粒（YyRR或YyRr）与绿色皱粒（yyrr）豌豆杂交，则F2中纯合子所占比例为
故答案为：
（1）YyRr×yyRr
（2）
（3）YyRR或YyRr
基因型为ddEeff和DdEeFF的豌豆杂交，子代中表现型与双亲均不相同的个体占（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：在完全显性且三对基因各自独立遗传的条件下，ddEeff与DdEeFF杂交，其子代表现型和双亲中ddEeff相同的概率为0，其子代表现型和双亲中DdEeFF相同的占
故选：D．
某遗传病的遗传涉及非同源染色体上的两对等位基因．已知Ⅰ1基因型为AaBB，且Ⅱ2与Ⅱ3婚配的子代不会患病．根据以下系图谱，正确的推断是（ ）
AⅡ3的基因型一定为AAbb
BⅡ2的基因型一定为AABB
CⅢ1的基因型可能为AaBb或AABb
DⅢ2与基因型为AaBb的女性婚配，子代患病的概率为
正确答案
解析
解：A、由以上分析可知：Ⅱ-3的基因型是AAbb，A正确；
B、由以上分析可知：Ⅱ-2的基因型一定为aaBB，B错误；
C、Ⅱ-2的基因型只能是aaBB，Ⅱ-3的基因型只能是Aabb，所以Ⅲ-1的基因型只能是AaBb，C错误；
D、Ⅲ-2基因型为AaBb，与AaBb的女性婚配，后代正常（A_B_）的概率为
故选：A．
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