- 遗传因子的发现
- 共18860题
在牧草中，白花三叶草有两个稳定遗传的品种，叶片内含氰（HCN）的和不含氰的．现已研究查明，白花三叶草的叶片内的氰化物是经下列生化途径产生的：位于两对同源染色体上的基因D、H分别决定产氰糖苷酶和氰酸酶的合成，该两种酶在氰（HCN）的形成过程中先后发挥作用，基因d、h无此功能．现有两个不产氰的品种作为亲代杂交，F1全部产氰，F1自交得F2，F2中有产氰的，也有不产氰的．下列说法不正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、两个不产氰的品种作为亲代杂交，F1全部产氰，F1为DdHh，F1自交F2为9D_H_：3D_hh：3ddH_：1ddhh，所以高含氰品种：不含氰品种=9：7，A错误；
B、已知基因D和基因H同时存在时，三叶草叶片内含氰，其他情况下三叶草叶片内均不含氰，即含氰的基因型为D_H_．现两个不产氰的品种杂交，F1全部产氰，所以两个不产氰品种的基因型是DDhh和ddHH，D正确．
C、由题中氰化物产生的生化途径可以看出生物的性状可以由多个基因控制，C正确；
D、该实例能说明基因可通过控制酶的合成控制生物的代谢从而控制生物的性状，D正确．
故选：A．
下列据图所作的推测，错误的是（ ）
A基因型如甲图所示的两个亲本杂交产生AaBb后代的概率为
B乙图表示孟德尔所做的豌豆两对相对性状遗传实验中F2的性状分离比
C丙图中5号患单基因遗传病，那么3、4号异卵双生兄弟的基因型相同的概率是
D从丁图可看出DNA复制是半保留复制
正确答案
解析
解：A、根据自由组合定律，基因型为AaBb的个体自交后代中AaBb的概率为
B、乙图中比例为9：3：3：1，所以表示的是孟德尔所做的豌豆两对相对性状遗传实验，F2的性状分离比，B正确；
C、根据丙图中5号女儿患单基因遗传病，所以是常染色体隐性遗传病，正常个体的基因型是基因型及概率都是
D、丁图中所描述的子代DNA分子中都保留了亲代的各一条链，体现了半保留复制的特征，D正确．
故选：C．
下图表示人类某基因遗传病的系谱图．假设3号与一正常男性婚配，生了一个既患该病又患白化病（两种病独立遗传）的儿子，预测他们生一个正常女儿的概率是（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：由以上分析可知，该病为常染色体隐性遗传病，白化病也常染色体隐性遗传病，则3号患该病都无白化病的基因型为aaB_，表现型正常的男子的基因型为A_B_，他们生了一个既患该病又白化病的儿子，其基因型为aabb，则这对夫妇的基因型为aaBb×AaBb，那么他们再生一个正常女儿的概率为
故选：B．
（1）果蝇M眼睛的表现型是______．
（2）欲测定果蝇基因组的序列，需对其中的______条染色体进行DNA测序．
（3）果蝇M与基因型为______的个体杂交，子代的雄果蝇既有红眼性状又有白眼性状．
（4）果蝇M产生配子时，非等位基因______和______不遵循自由组合规律．若果蝇M与黑身残翅个体测交，出现相同比例的灰身长翅和黑身残翅后代，则表明果蝇M在产生配子过程中______，导致基因重组，产生新的性状组合．
（5）在用基因型为BBvvRRXe______Y______和______bbV______VrrXEXE的有眼亲本进行杂交获取果蝇M的同时，发现了一只无眼雌果蝇．为分析无眼基因的遗传特点，将该无眼雌果蝇与果蝇M杂交，F1性状分离比如下：
①从实验结果推断，果蝇无眼基因位于______号（填写图中数字）染色体上，理由是______．
②以F1果蝇为材料，设计一步杂交实验判断无眼性状的显隐性．杂交亲本：______．实验分析：______．
正确答案
解析
解：（1）根据题意和图示分析可知：1号染色体上为E基因，5号染色体上为R基因，所以果蝇M眼睛的表现型是红眼细眼．
（2）果蝇含有4对同源染色体，最后一对是性染色体（XX或XY），由于X和Y染色体非同源区段上的基因不同，所以对果蝇基因组进行研究时，应测序5条染色体，即3+XY．
（3）果蝇M眼色的基因型为XEY，由于子代雄性的红眼和白眼均只能来自于母本，想要子代的雄果蝇既有红眼性状又有白眼性状，则其必须与基因型为XEXe的个体进行杂交．
（4）自由组合定律是指位于非同源染色体上的非等位基因的自由组合，而B、v和b、V分别位于一对同源染色体的不同位置上，不遵循自由组合定律．根据减数分裂同源染色体的分离及配子的组合，理论上后代只有灰身残翅和黑身长翅，出现等比例的灰身长翅和黑身残翅后代，说明发生了非姐妹染色单体的交叉互换．
（5）①根据表格结果，若无眼基因位于性染色体上，则M与无眼雌果蝇的后代中雄性都为无眼，与表格结果不符，所以该基因位于常染色体上，且子代有眼：无眼=1：1，同时其他性状均为3：1，说明有眼无眼性状的遗传和其他性状不连锁，为自由组合，因此和其他基因不在同一对染色体上，据图可知应该位于7号或8号染色体上．
②由于子代有眼：无眼=1：1，说明亲代为杂合子与隐性纯合子杂交．若判断其显隐性，可选择相同性状交配（即无眼雌性×无眼雄性），若无眼为显性，则亲代均为杂合子，后代有性状分离；若无眼为隐性，则亲代均为隐性纯合子，后代无性状分离．
故答案为：
（1）红眼细眼
（2）5
（3）XEXe
（4）B（或 （或） 和（或和基因随非姐妹染色单体的交换而发生交换
（5）①7、8 无眼、有眼基因与其他各对基因间的遗传均遵循自由组合定律
②示例：
杂交亲本：F1中的无眼雌雄果蝇
实验分析：若后代出现性状分离，则无眼为显性性状；若后代不出现性状分离，则无眼为隐性性状
萝卜根形是由两对独立遗传的等位基因决定的．现用两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交，F1全为扁形块根．F1自交后代F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为9：6：1，现只保留其中的圆形块根，让其再自交一代，则F3中能稳定遗传的圆形块根所占的比例（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：设萝卜根形由基因A、B决定，F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为9：6：1，可知扁形块根是双显性（A_B_），圆形块根是单显单隐（A_bb、aaB_），长形块根（aabb），且F1基因型为AaBb，则F2中圆形块根基因型为
故选：D．
某种野兔的脂肪有黄脂、褐脂、白脂和无脂四种表现型，由两对独立遗传的等位基因决定（分别用A、a，B、b表示），且BB个体胚胎致死．将一只白脂雄兔和多只纯合黄脂雌兔杂交，得到F1有两种表现型：褐脂兔96只，黄脂兔98只；取F1中的多只褐脂兔雌雄个体相互交配，F2有4种表现型：褐脂兔239只，白脂兔81只，黄脂兔119只，无脂兔41只．请回答：
（1）若A、a和B、b这两对等位基因都位于常染色体上，则亲本白脂兔的基因型是______，亲本黄脂兔的基因型是______，F1黄脂兔基因型是______．
（2）F2黄脂兔中杂合子所占的比例为______．F2中一只褐脂雌兔，正常减数分裂产生两种比例相等的配子，则其基因型为______．
（3）根据上述实验结果，可推测B、b这对基因也可能位于性染色体的同源区段．现有雌、雄白脂兔各一只，实验过程如下：
①取这一对白脂兔多次交配，得F1；
②观察统计F1的______．
结果预测：
Ⅰ．若______，则这对基因位于常染色体上．
Ⅱ．若______，则这对基因位于性染色体的同源区段．
正确答案
解析
解：（1）若A、a和B、b这两对等位基因都位于常染色体上，且两对基因独立遗传，则根据基因自由组合定律，F2中4种表现型所对应的基因型及比例为A_B_（
（2）F2黄脂兔（A_bb）中纯合子（AAbb）所占的比例为
（3）实验过程为①取这一对白脂兔多次交配，得F1；②观察统计F1的性别比例．若F1中雌兔：雄兔=1：1，则这对基因位于常染色体上．若F1中雌兔：雄兔≠1：1，则这对基因位于性染色体的同源区段．
故答案为：（1）aaBb AAbb Aabb
（2）
（3）答案一：
②性别比例
I．F1中雌兔：雄兔=1：1
Ⅱ．F1中雌兔：雄兔≠1：1（或雌兔：雄兔=1：2；或雌兔：雄兔=2：1）
答案二：
②雌雄个体中的表现型及比例
I．F1雌雄个体中都是白脂兔：无脂兔=2：1
Ⅱ．F1雌雄个体中的表现型不都是白脂兔：无脂兔=2：1（或雌兔均为白脂，雄兔中白脂兔：无脂兔=1：1；或雄兔均为白脂，雌兔中白脂兔：无脂兔：1：1）
自由组合定律在理论上不能说明的是（ ）
正确答案
解析
解：AB、基因自由组合属于基因重组，不能产生新的基因，但是可以产生新的基因型，A错误、B正确；
C、由于基因重组产生新的基因型，从而表现出生物种类的多样性，C正确；
D、减数第一次分裂后期等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，D正确．
故选：A．
人类皮肤中黑色素的多少由三对独立遗传的基因（A、a和B、b和D、d）所控制；基因A、B和D可以使黑色素量增加，三对基因对黑色的作用程度是一样的，而且每对基因以微效、累积的方式影响黑色性状．两个基因型为AaBbDd的婚配，则子代表现型种类数以及子代中与AaBBDd的个体表现型一致的几率分别为（ ）
A7种，
B7种，
C9种，
D27种，
正确答案
解析
解：由题意分析可知，基因A、B和D可以使黑色素量增加，三对基因对黑色的作用程度是一样的，后代表现种类由显性基因的数量决定．如6个显性基因的AABBDD颜色最深，5个显性基因的颜色次之，而0个显性基因的aabbdd颜色最浅．现两个基因型为AaBbDd的婚配，后代的基因型中最少出现0个显性基因（aabbdd），最多6个显性基因（AABBDD），还有1个显性基因的（如aaBbdd、Aabbdd、aabbDd）、2个显性基因的（如aaBBdd、AAbbdd、aabbDD等），3个显性基因的（如AaBBdd、aaBBDd等）、4个显性基因的（如AaBBDd、AABBdd、aaBBDD等）、5个显性基因的（如AABBDd、AABBDd等），所以显性基因的数量可以是2个、3个、4个、5个和6个，即子代表现型种类数为7种．与AaBBDd的个体表现型一致是有4个显性基因的后代，即AaBBDd、AABBdd、aaBBDD，AAbbDD、AABbDd、AaBbDD，出现的概率分别是：
故选：B．
果蝇的Ⅰ号染色体是性染色体，Ⅱ号染色体上有粉红眼基因r，Ⅲ号染色体上有黑体基因b，短腿基因t位置不明．现有一雌性黑体粉红眼短腿（bbrrtt）果蝇与雄性纯合野生型（显性）果蝇杂交，再让F1雄性个体进行测交，子代表现型如表所示（未列出的性状表现与野生型的性状表现相同）．请回答下列问题：
（1）短腿基因最可能位于______号染色体上．
（2）任取两只雌、雄果蝇杂交，如果子代中灰体（B）粉红眼短腿个体的比例是
正确答案
解析
解：（1）雌性黑体粉红眼短腿（bbrrtt）果蝇与雄性纯合野生型（显性即BBRRTT）果蝇杂交，再让F1（BbRrTt）雄性个体进行测交，子代表现型遵循基因的自由组合定律，所以三对基因分别位于三对同源染色体上；又由于果蝇共4对同源染色体（三对常染色体+1对性染色体），且测交后代与性别无关，故排除短腿基因位于性染色体（控制体色和眼色的基因题干中已明确），所以短腿基因最可能位于Ⅳ号染色体上．
（2）根据性状显隐性及后代杂交比例，可推测这两只果蝇有4种杂交组合，分别为BbTtrr×BbTtrr、BbttRr×BbttRr、BbRrTt×Bbrrtt、BbRrtt×BbrrTt，其中亲代中雌雄基因型不同的杂交类型为BbRrTt×Bbrrtt、BbRrtt×BbrrTt．
故答案为：
（1）Ⅳ
（2）4 BbRrTt×Bbrrtt、BbRrtt×BbrrTt
研究人员选择果皮黄绿色、果肉白色、果皮有覆纹的纯合甜瓜植株（甲）与果皮黄色、果肉橘红色、果皮无覆纹的纯合甜瓜植株（乙）杂交，F1表现为果皮黄绿色、果肉橘红色、果皮有覆纹．F1自交得F2，分别统计F2各对性状的表现及株数，结果如下表．
（1）甜瓜果肉颜色的显性性状是______．
（2）据表中数据______（填“能”或“不能”）判断两对基因（A和a，B和b）自由组合，理由是______．
（3）完善下列实验方案，证明果皮覆纹性状由2对等位基因控制．
实验方案：让F1与植株______（填“甲”或“乙”）杂交，统计子代的表现型及比例；
预期结果：子代的表现型及比例为______．
（4）若果皮颜色、覆纹两对性状遗传遵循基因自由组合定律，则理论上F2中果皮黄色无覆纹甜瓜约有______株．
正确答案
解析
解：（1）果肉白色（甲）与果肉橘红色（乙）杂交，F1表现果肉橘红色，说明甜瓜果肉橘红色是显性性状．
（2）表格中只有每对性状的分离比，缺乏对F2中两对性状（果皮与果肉颜色）组合类型的统计数据，所以 不能判断两对基因（A和a，B和b）是否遵循自由组合定律．
（3）如果果皮覆纹性状由2对等位基因控制，根据表格数据9：7，说明双显性为有覆纹，其余为无覆纹，则F1（双杂合子有覆纹）与植株乙（双隐性无覆纹）杂交，子代的表现型及比例为 （果皮）有覆纹：无覆纹=1：3．
（4）若果皮颜色、覆纹两对性状（受三对基因控制）遗传遵循基因自由组合定律，则理论上F2中果皮黄色（
故答案为：
（1）橘红色
（2）不能 缺乏对F2中两对性状（果皮与果肉颜色）组合类型的统计数据
（3）乙 （果皮）有覆纹：无覆纹=1：3
（4）70
某小组研究香豌豆花颜色及花粉形状两对性状遗传时，用紫花长形花粉的植株进行自交后，统计F1：紫花长花粉270株，红花圆花粉30株，紫花圆花粉90株，红花长花粉90株，以下分析正确的是（ ）
正确答案
解析
解：A、紫花长形花粉的植株进行自交后代有红花和圆花粉，说明花色紫色和花粉长形为显性性状，A错误；
B、考虑每一对性状，后代都符合3：1，二者都符合基因分离规律，B错误；
C、综合考虑，紫花长形花粉自交后代为9：3：3：1．因此花色与花粉形状之间的遗传方式符合自由组合规律，C正确；
D、根据题意分析已知该亲本紫花长形花粉是双杂合子，则其进行测交子代表现型比例为1：1：1：1，D错误．
故选C．
下表是水稻杂交组合以及子代表现型的比例，请回答（茎秆高度用D/d表示，是否抗锈病用T/t表示）：
（1）根据第______个组合，可知茎秆高度中______为显性性状；根据第______ 个组合，可知是否抗锈病中______为显性性状．
（2）写出各杂交组合亲本的基因型．
①______②______③______④______⑤______．
正确答案
解析
解：根据①④组合高杆与矮杆杂交，后代全部是高杆，说明高杆是显性性状，而③⑤高杆与高杆杂交，后代高杆：矮杆=3：1，页说明高杆是显性性状；根据①组合抗锈病与不抗锈病杂交，后代全部是抗锈病，说明抗锈病是显性性状，而③组合抗锈病与抗锈病杂交，后代抗锈病：不抗锈病=3：1，也说明抗锈病是显性性状．
（2）①高杆抗锈×矮杆不抗锈，后代全部是高杆抗锈病，说明双亲都是纯合子，即基因型为DDTT×ddtt．
②高杆抗锈×矮杆不抗锈，后代性状分离比=1：1：1：1，说明两对基因都是测交，即基因型为DdTt×ddtt．
③高杆抗锈×高杆抗锈，后代性状分离比=9：3：3：1，说明两对基因都是杂合子自交，即基因型为DdTt×DdTt．
④矮杆抗锈×高杆不抗锈，后代性状分离比=1：1，说明有一对基因是测交，还有一对是纯合子杂交，即基因型为ddTt×DDtt．
⑤高杆抗锈×高杆不抗锈，后代性状分离比=3：1：3：1，说明有一对基因是测交，还有一对是杂合子自交，即基因型为DdTt×Ddtt．
故答案为：
（1）①③④⑤高秆 ①③抗锈
（2）①DDTT×ddtt ②DdTt×ddtt
③DdTt×DdTt ④ddTt×DDtt ⑤DdTt×Ddtt．
1909年，瑞典遗传学家研究燕麦中籽粒颜色的遗传时发现，在若干个红粒与白粒的杂交组合中有如图A、B、C所示的情况．已知下述的每组杂交在F2的红粒中呈现出各种程度的差异，红色深浅程度由控制红色的基因数目决定，而与基因的种类无关．请据图回答问题：
（1）根据A组、B组、C组可推出籽粒颜色的遗传依次涉及______对、______对、______对等位基因．
（2）对C组的F1进行测交，测交后代的表现型有______种（考虑红色的深浅程度），比值为______，试对该比值产生的原因进行解释：______．
正确答案
解析
解：（1）根据A组实验结果分析可知，红粒：白粒=3：1，说明籽粒颜色受1对等位基因控制；根据B组实验结果分析可知，红粒：白粒=15：1（9：3：3：1的变形）说明籽粒颜色受2对等位基因控制；根据C组实验结果分析可知，红粒：白粒=63：1（27：9：9：3：9：3：3：1的变形）说明籽粒颜色受3对等位基因控制．
（2）C组的F1基因型有三对等位基因组成（用AaBbCc表示），因此F1能产生8种数量相等的配子，且含3个显性基因的配子占1/8，含2个显性基因的配子占3/8，含1个显性基因的配子占3/8，不含显性基因的配子占1/8，测交后代就有4种表现型，8种组合方式，含3个显性基因的是一种表现型，占1/8；含2个显性基因的是一种表现型，占3/8；含1个显性基因的是一种表现型，占3/8；不含显性基因的是一种表现型，占1/8．表现型的比值为1：3：3：1．
答案：（1）1 2 3
（2）4 1：3：3：1 F1能产生8种数量相等的配子，且含3个显性基因的配子占1/8，含2个显性基因的配子占3/8，含1个显性基因的配子占3/8，不含显性基因的配子占1/8，而隐性类型只产生一种不含显性基因的配子，故测交后代表现型得此比值
豌豆黄色（Y）对绿色（y）呈显性，圆粒（R）对皱粒（r）呈显性，这两对基因是自由组合的．甲豌豆（YyRr）与乙豌豆（yyRr）杂交，其后代中四种表现型的比例是（ ）
正确答案
解析
解：甲豌豆（YyRr）与乙豌豆（yyRr）杂交，逐对分析：
第一对基因Yy与yy杂交为测交实验类型，后代的性状分离比为黄色：绿色=1：1；
第二对基因Rr与Rr杂交为杂合子自交类型，后代的性状分离比为圆粒：皱粒=3：1．
所以（黄色：绿色）：（圆粒：皱粒）=（1：1）：（3：1），则黄色圆粒：黄色皱粒：绿色圆粒：绿色皱粒=3：1：3：1．
故选：D．
水稻的高秆（D）对矮秆（d）是显性，抗锈病（R）对不抗锈病（r）是显性，这两对基因自由组合．甲水稻（DdRr）与乙水稻杂交，其后代四种表现型的比例是3：3：1：1，则乙水稻的基因型是（ ）
正确答案
解析
解：A、甲水稻（DdRr）×Ddrr→后代表现型有四种，且比例为（3：1）×（1：1）=3：3：1：1，A正确；
B、甲水稻（DdRr）×DdRR→后代表现型有2种，且比例为（3：1）×1=3：1，B错误；
C、甲水稻（DdRr）×ddRR→后代表现型有2种，且比例为（1：1）×1=1：1，C错误；
D、甲水稻（DdRr）×DdRr→后代表现型有四种，且比例为（3：1）×（3：1）=9：3：3：1，D错误．
故选：A．
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