热门试卷

解：A、振子在不同位置，速度相同，则由对称性可知，这两位置关于平衡位置对称，故位移等大、反向，加速度a=-，即加速度等大、反向、共线；故A错误；

B、由于，故从t1到t2时间内，振子先回到平衡位置再远离平衡位置，振子的运动方向没有变化，故B错误；

C、由于，故从t1到t2时间内，振子先回到平衡位置再远离平衡位置，在时刻（中间时刻），振子处在平衡位置，故C正确；

D、从t1到t2时间内，位移x方向改变，回复力F=-kx，故方向也改变，故D错误；

故选C．

解：A、位移减小时，质点靠近平衡位置，加速度减小，速度增大．故A正确．

B、位移方向总跟加速度方向相反．质点经过同一位置，位移方向总是由平衡位置指向质点所在位置，而速度方向两种，可能与位移方向相同，也可能与位移方向相反．故B错误．

C、物体运动方向指向平衡位置时，位移方向离开平衡位置，速度方向跟位移方向相反，背向平衡位置时，速度方向跟位移方向相同．故C正确．

D、经过半个周期，质点的振动轨迹路程为2A．故D正确．

故选：ACD．

解：A、在t1、t2时刻振子的位移相等，振子经过同一位置，速度大小相等．t1时刻振子的速度沿正向，t2时刻振子的速度沿负向，所以速度方向相反，故A正确．

B、在t1、t2时刻振子的位移相等，由a=-知，加速度也大小相等，方向相同，故B正确．

C、t2、t3时刻振子的位移大小相等，方向相反，说明两个时刻振子的位置关于平衡位置对称，而且都沿负方向运动，所以速度大小相等，方向相同．故C正确．

D、由振动图象读出在t2、t4时刻振子的位移大小相等，方向相反，则由a=-知，加速度也大小相等，方向相反，故D错误．

故选ABC

解：振子振动的周期为：T==0.4s，时间：t=0.5s==1T

由于从平衡位置开始振动，经过0.5s，振子到达最大位移处，其位移大小为：x=A=4cm．

在0.5s内振子通过的路程为：S=1.25×4A=1.25×4×4cm=20cm．

故选：B．

解：A、频闪的频率为f=10Hz，则周期为T==0.1s，即相邻两次闪光的时间间隔t0=0.1s．

从乙图可看个振动周期为0.3s，所以振子振动的周期为1.2s．故A错误，B正确；

C、该周期振子正在向平衡位置运动，回复力方向向右与运动方向相同，所以振子加速，又回复力逐渐减小，则加速度逐渐减小，故振子做加速度逐渐减小的变加速运动，C正确；

D、个振动周期为0.3s，则结合数学三角函数知识知再过0.1s相当于sin（•）=10cm，即振子向右运动到10cm处，0.2s在10cm右侧，故D正确．

故选：BCD．

解：A、位移减小时，质点靠近平衡位置，加速度减小，速度增大．故A正确．

B、根据回复力公式F=-kx，位移方向总跟加速度方向相反；质点经过同一位置，位移方向总是由平衡位置指向质点所在位置，而速度方向两种，可能与位移方向相同，也可能与位移方向相反．故B错误．

C、物体运动方向指向平衡位置时，位移方向离开平衡位置，速度方向跟位移方向相反．故C错误．

D、物体的运动方向改变的时刻出现在最大位移位置，此时加速度方向不变．故D正确．

故选：AD．

解：简谐运动的质点，先后以同样大小的速度通过A、B两点，则可判定A、B两点关于平衡位置O点对称，所以质点由A到O时间与由O到B的时间相等．

那么平衡位置O到B点的时间t1=0.5s，因过B点后再经过t=0.5s质点以方向相反、大小相同的速度再次通过B点，则有从B点到最大位置的时间t2=0.5s．

因此，质点振动的周期是T=4×（t1+t2）=4s

质点总路程的一半，即为振幅．所以振幅A==6cm

故选：B

解：A、振幅是指偏离平衡位置的最大距离，BC间距是两倍的振幅，故振幅为6cm．故A错误．

B、完成一次全振动的时间为周期，C到B是半个全振动，时间为周期的一半，故周期为1s，故B错误．

C、周期和频率互为倒数，故频率为1Hz．故C正确．

D、振子从O点出发到再次回到O点的过程就是一次全振动的一半．故D错误．

故选C．

解：A、水平方向弹簧振子做简谐运动，其质量为m，最大速率为v．

当速度为零时，动能转化为弹性势能，弹性势能最大且为mv2，故A正确；

B、当振子的速率减为时，此振动系统的动能为，弹性势能为，故B正确；

C、从某时刻起，在半个周期内，由于位移大小具有对称性，所以弹力做功之和为零．故C正确；

D、从某时刻起，在半个周期内，由于位移大小具有对称性，所以弹力做功之和为零．故D错误；

故选：ABC．