热门试卷

解：利用单摆测重力加速度时，需要测量的物理量有：摆长L、振动n次所用的时间t，由单摆周期公式T=2π及T=可知，重力加速度：g=；

A、由g=可知，重力加速度与摆球质量无关，摆球质量过大不会造成实验误差，在摆角不大于5°时，重力加速度的测量值与摆角无关，故A错误；

B、由g=可知，将悬点到摆球下端的长度作为摆长，使得计算结果偏大，故B正确；

CD、由g=可知；测量周期时，把n个全振动误认为（n+1）个全振动，g的测量值偏大；将n次全振动记为n-1次全振动，g的测量值偏小，故C正确，D错误；

故选：BC

解：A、B，依题，摆球经过平衡位置时速度减小，根据机械能守恒定律可知，振幅减小．故AB错误．

    C、D单摆做简谐运动的周期公式是T=2，可见，单摆的周期只与摆长有关，与摆球的质量、振幅无关，所以振幅改变时，周期不变．故C正确，D错误．

故选C

解：单摆的回复力是重力沿圆弧切线方向的分力．甲中两摆总是偏向同一方，左右摆动步调一致，弹簧没有弹力，回复力是重力沿圆弧切线方向的分力，其周期仍为T甲=2．而图乙中两摆总是向相反方向，左右摆动步调相反，若弹簧一直处于伸长状态，摆球的平衡位置右移，回复力增大，摆球振动加快，周期缩短；若弹簧一直处于压缩状态，摆球的平衡位置右移，回复力增大，摆球振动加快．若伸长和压缩状态交替产生，摆球的平衡位置右移，回复力增大，摆球振动加快．则T乙＜2．所以T甲＞T乙．

故选B