热门试卷

A、汤姆逊发现了电子，说明原子还可以再分，故A正确; 

B、核外电子从半径较大轨道跃迁到半径较小轨道时，辐射光子，放出能量,故B正确；

C、一个原子核在一次衰变中不可能同时放出α、β和γ三种射线,故C错误；

D、放射性元素的半衰期是由原子核内部本身决定的，不随温度的变化而变化，故D错误；

E、中子与质子结合成氘核的过程中具有质量亏损，故放出能量，故E正确；

①子弹击中B的过程，系统动量守恒，以子弹的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：

mBv0=（mB+m）v，代入数据解得：v=10m/s；

②B和子弹一起上摆的过程中，ABC组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律得：

（mB+m）v=（mA+mB+m）v′，上摆过程中，根据能量守恒定律得：

解得：mA=0.25kg

根据动能定理得：

解得：

．

小球经过圆弧轨道的B点时有：

;

解得：

小球在水平轨道的C点时: 

对全过程运用动能定理得：

 小球;

解得：

①小球到达最高点时恰与小车等速。这一过程系统水平方向动量守恒且系统机械能守恒；

mv0＝(m＋M)v

1/2mv02＝1/2(M＋m)v2＋mgh

解得：       

 ②当小球从右边离开小车时，设小球和车的末速度分别为v1、v2，有

mv0＝mv1＋Mv2

1/2mv02＝1/2mv12＋1/2Mv22

解出两组解，小球从左边离开的解是,(舍去)

对应于小球从右边离开的解是