热门试卷

物块在t=0时被无初速释放，由于F=kt，则开始过程，物块对墙壁的压力较小，所受的滑动摩擦力小于重力，物块加速下滑；后来，滑动摩擦力大于重力，物块减速下滑，直到速度为零，物块静止在墙壁上．最后摩擦力等于重力，所以A错；

 加速运动过程中：mg-f=ma，① 

又f=μF N =μF=μkt，得a=g- ，a随着t增大而减小，物块做加速度减小的变加速运动；

v-t图象的斜率应减小．减速运动过程中：由于mg＜f，

由①得知，随着t增大，a反向增大，物块做加速度增大的变减速运动；

v-t图象的斜率应增大．故B错误，C正确；

物体下落时，做变加速运动，很显然，其高度变化不随时间线性变化，所以D错。取竖直向下方向为正方向．

A、在0-0.1s过程中为物体和弹簧接触的过程，由图象可知，滑块先做加速后做减速运动，故A错误；B、在v-t图象中，斜率代表加速度，斜率为a=△v/△t＝(0.8−1.6)/0.1m/s2＝−8m/s2，加速度大小为8m/s2，故B正确；C、滑块在0.1 s末物体处于某一位置，古无法克服重力做功，故C错误；D、滑块在0.1s～0.2s内，由牛顿第二定律可知：-mgsin37°-μmgcos37°=ma，解得：μ＝(−a−gsin37°)/ gcos37°＝0.25，故D正确；

斜面1和斜面2公用一个底边，假设此底边长为d，则由动能定理得，可知斜面1上下滑至底端的速度大于斜面2上下滑至底端的速度，故A选项错误；有前面式子还可以获知斜面1和2上克服摩擦力所做的功相同，斜面2和斜面3公用一个高，假设此高为H，则由动能定理得，可知斜面3上下滑至底端的速度小于斜面2上下滑至底端的速度，且斜面3上克服摩擦力做的功大于斜面2上，故B选项错误，C项正确；而克服摩擦力的功等于产生的热量，故D项正确。

答案有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全对的得3分，有选错的得0分。

设导轨间距为l，则闭合开关后ef做切割磁感线运动的速度为v时产生的感应电动势大小为E=Blv，感应电流I的方向由右手定则可知为e→f，受到的安培力，方向竖直向上。对ef受力分析可得mg-F=ma，得到，所以，若闭合开关时安培力小于重力，ef做加速度减小，速度增大的变加速运动；当闭合开关时安培力等于重力，则ef一直做匀速直线运动；而闭合开关时若安培力大于重力，则ef做加速度减小，速度减小的变速运动，最终达到安培力与重力平衡而匀速运动，至于ef的最大加速度则取决于闭合开关的时刻，有可能闭合开关时安培力的大小大于2mg而导致加速度大小大于g。

综上分析可知，金属杆ef下滑的过程中可能做的运动为变加速运动或者是匀速运动，而不会是加速度不变的匀变速运动，故A选项错误，B选项正确，然而ef杆最终的运动状态均为与重力平衡时的匀速运动，其速度、感应电流和感应电动势的大小都是相同的，故而匀速运动时电流的功率也是一样的，所以C选项错误。当ef所受安培力与重力相等时，由能量守恒定律可知，ef杆减少的重力势能会完全转化为电阻R的热量，而动能不变，故D选项正确。

选项A：释放瞬间v=0，因此空气阻力f=0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g，故A错误；

选项B：两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定kv=mg，因此最大速度与其质量成正比，即vm∝m，故=，故B错误；

选项C：由于=，而v1＞v2，故甲球质量大于乙球，故C正确；

选项D：图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球下落的高度不相等；故D错误；故选：C．