- 计数原理
- 共11505题
某学生买了一本数学练习《小题狂做》,每次练习中有8道选择题,每道选择题有4个选项,其中有且仅有一个选项正确.评分标准是“每题仅选一个选项,选对得5分,不选或选错得零分”.假设该生确定能做对前5题,第6-7题每题答对可能性均为p,第8题完全不能理解题意,只能随意猜测,若该生做完了8道题得分不少于35分的概率是.
(1)求p的值;
(2)该生要想每次选择题的平均得分不少于35,是否还应继续努力以提高正确率?
正确答案
解:(1)由题意,该生确定能做对前5题得25分,其余3道题有2道题每题答对的概率是p,第8题答对的概率是,
设该生做完了8道题得分不少于35分为事件M,则P(M)=+
+
=
,∴p=
;
(2)设该生得分为ξ,则ξ可取25,30,35,40
P(ξ=25)==
;P(ξ=30)=
+
=
;
P(ξ=35)=+
=
;P(ξ=40)=
=
∴Eξ=25×+30×
+35×
+40×
=
<35
∴该生应继续努力以提高正确率.
解析
解:(1)由题意,该生确定能做对前5题得25分,其余3道题有2道题每题答对的概率是p,第8题答对的概率是,
设该生做完了8道题得分不少于35分为事件M,则P(M)=+
+
=
,∴p=
;
(2)设该生得分为ξ,则ξ可取25,30,35,40
P(ξ=25)==
;P(ξ=30)=
+
=
;
P(ξ=35)=+
=
;P(ξ=40)=
=
∴Eξ=25×+30×
+35×
+40×
=
<35
∴该生应继续努力以提高正确率.
现有甲、乙两个靶.某射手向甲靶射击两次,每次命中的概率为,每命中一次得1分,没有命中得0分;向乙靶射击一次,命中的概率为
,命中得2分,没有命中得0分.该射手每次射击的结果相互独立.假设该射手完成以上三次射击.
(I)求该射手恰好命中两次的概率;
(II)求该射手的总得分X的分布列及数学期望EX;
(III)求该射手向甲靶射击比向乙靶射击多击中一次的概率.
正确答案
解:(I)记:“该射手恰好命中两次”为事件A,“该射手第一次射击甲靶命中”为事件B,“该射手第二次射击甲靶命中”为事件C,“该射手射击乙靶命中”为事件D.
由题意知,,
所以=
==
.
(II)根据题意,X的所有可能取值为0,1,2,3,4.
,
=
,
=
,
=
,
P(X=4)=P(BCD)=,
故X的分布列是
∴.
(III)设“该射手向甲靶射击比向乙靶射击多击中一次”为事件A1,“该射手向甲靶射击命中一次且向乙靶射击未命中”为事件B1,“该射手向甲靶射击命中2次且向乙靶射击命中”为事件B2,
则A1=B1∪B2,B1,B2为互斥事件.
P(A1)=P(B1)+P(B2)==.
∴该射手向甲靶射击比向乙靶射击多击中一次的概率为.
解析
解:(I)记:“该射手恰好命中两次”为事件A,“该射手第一次射击甲靶命中”为事件B,“该射手第二次射击甲靶命中”为事件C,“该射手射击乙靶命中”为事件D.
由题意知,,
所以=
==
.
(II)根据题意,X的所有可能取值为0,1,2,3,4.
,
=
,
=
,
=
,
P(X=4)=P(BCD)=,
故X的分布列是
∴.
(III)设“该射手向甲靶射击比向乙靶射击多击中一次”为事件A1,“该射手向甲靶射击命中一次且向乙靶射击未命中”为事件B1,“该射手向甲靶射击命中2次且向乙靶射击命中”为事件B2,
则A1=B1∪B2,B1,B2为互斥事件.
P(A1)=P(B1)+P(B2)==.
∴该射手向甲靶射击比向乙靶射击多击中一次的概率为.
甲、乙、丙三人射击同一目标,各射击一次,已知甲击中目标的概率为
,乙与丙击中目标的概率分别为m、n(m>n),每人是否击中目标是相互独立的.记目标被击中的次数为ξ,且ξ的分布列如下表:
(Ⅰ)求m,n的值;
(Ⅱ)求ξ的数学期望.
正确答案
解:(Ⅰ)由题设可得
P(ξ=0)=,
∴化简得mn-(m+n)=- ①
P(ξ=1)=(1-m)(1-n)+
m(1-n)+
n(1-m)
=
∴m+n-2mn= ②
联立①②可得m=,n=
(Ⅱ)由题设得:b=P(ξ=3)=
∴a=1-()=
∴Eξ=0×
解析
解:(Ⅰ)由题设可得
P(ξ=0)=,
∴化简得mn-(m+n)=- ①
P(ξ=1)=(1-m)(1-n)+
m(1-n)+
n(1-m)
=
∴m+n-2mn= ②
联立①②可得m=,n=
(Ⅱ)由题设得:b=P(ξ=3)=
∴a=1-()=
∴Eξ=0×
在一个盒子中有n+2(n≥2,n∈N*)个球,其中2个球的标号是不同的偶数,其余n个球的标号是不同的奇数.甲乙两人同时从盒子中各取出2个球,若这4个球的标号之和为奇数,则甲胜;若这4个球的标号之和为偶数,则乙胜.规定:胜者得2分,负者得0分.
(I)当n=3时,求甲的得分ξ的分布列和期望;
(II)当乙胜概率为时,求n的值.
正确答案
解:(I)甲的得分ξ,ξ的可能取值是2,0
当n=3时,甲胜的概率为,从而甲负的概率为
.
∴甲的得分ξ的分布列为
故
(II)当n=2时,乙胜的概率为P=1,不合题意;
当n=3时,乙胜的概率为,不合题意;
当n≥4时,乙胜的概率
故,化简得n2-11n+30=0,
解得n=5或n=6.
解析
解:(I)甲的得分ξ,ξ的可能取值是2,0
当n=3时,甲胜的概率为,从而甲负的概率为
.
∴甲的得分ξ的分布列为
故
(II)当n=2时,乙胜的概率为P=1,不合题意;
当n=3时,乙胜的概率为,不合题意;
当n≥4时,乙胜的概率
故,化简得n2-11n+30=0,
解得n=5或n=6.
某市有一个玉米种植基地.该基地的技术员通过种植实验发现,一种品质优良的玉米种子每粒发芽的概率都为0.95,现在该种植基地播种了10000粒这种玉米种子,对于没有发芽的种子,每粒需再播种1粒,补种的种子数记为X,则X的数学期望EX=______.
正确答案
500
解析
解:∵每粒发芽的概率都为0.95,不发芽的概率为0.05
∴根据题意判断补种的种子服从二项分布B∽(10000,0.05)
X的数学期望EX=10000×0.05=500
故答案为:500;
学校在高二开设了当代战争风云、投资理财、汽车模拟驾驶与保养、硬笔书法共4门选修课,每个学生必须且只需从4门选修课中任选1门选修课选修,对于该年级的甲、乙、丙3名学生:求:
(1)甲选战争风云课而且乙选投资理财课的概率;
(2)这3名学生选择的选修课互不相同的概率;
(3)投资理财选修课被这3名学生选择的人数X的分布列.
正确答案
解:(1)记甲选战争风云课为事件A、乙选投资理财课为事件B,
由于事件A,B相互独立,且,
.-----------(2分)
故甲选战争风云课、乙选投资理财课的概率为.--------(3分)
(2)3名学生选择了3门不同的选修课的概率为P1==
----------(6分)
(3)设投资理财选修课被这3名学生选择的人数为ζ,则ζ═0,1,2,3----(7分)
P(ζ=0)==
;P(ζ=1)=
=
;
P(ζ=2)==
;P(ζ=3)=
=
-----------(11分)
X的分布列为
-----------(12分)
解析
解:(1)记甲选战争风云课为事件A、乙选投资理财课为事件B,
由于事件A,B相互独立,且,
.-----------(2分)
故甲选战争风云课、乙选投资理财课的概率为.--------(3分)
(2)3名学生选择了3门不同的选修课的概率为P1==
----------(6分)
(3)设投资理财选修课被这3名学生选择的人数为ζ,则ζ═0,1,2,3----(7分)
P(ζ=0)==
;P(ζ=1)=
=
;
P(ζ=2)==
;P(ζ=3)=
=
-----------(11分)
X的分布列为
-----------(12分)
已知抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的对称轴在y轴的左侧,其中a、b、c∈{-3,-2,-1,0,1,2,3},在这些抛物线中,记随机变量X=|a-b|,则X的均值EX为( )
正确答案
解析
解:∵抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的对称轴在y轴的左侧,
∴<0,
即a•b>0,
∵a、b、c∈{-3,-2,-1,0,1,2,3},
∴可得出:(a,b)的基本事件为:
(-3,-3)(-3,-2)(-3,-1)
(-2,-3)(-2,-2)(-2,-1)
(-1,-3)(-1,-2)(-1,-1)
(1,1)(1,2)(1.3)
(2,1)(2,2)(2.3)
(3,1)(3,2)(3.3)
共18个基本事件,
∵在这些抛物线中,记随机变量X=|a-b|,
∴可得出X=0,1,2,
P(X=0)==
P(X=1)==
.
P(X=2)==
∴分布列为:
X的均值EX为0×=
故选:A
每一个父母都希望自己的孩子能升上比较理想的中学,于是就催生了“择校热”,这样“择校”的结果就导致了学生在路上耽误的时间增加了.若某生由于种种原因,每天只能6:15骑车从家出发到学校,途经5个路口,这5个路口将家到学校分成了6个路段,每个路段的骑车时间是10分钟(通过路口的时间忽略不计),假定他在每个路口遇见红灯的概率均为,且该生只在遇到红灯或到达学校才停车.对每个路口遇见红灯的情况统计如下:
(1)设学校规定7:20后(含7:“20)到校即为迟到,求这名学生迟到的概率;
(2)设ξ表示该学生第一次停车时已经通过的路口数,求它的分布列与期望.
正确答案
解:(1)当1、2、3、5路口同时遇到红灯时,该学生会迟到,故这名学生迟到的概率为P==
;
(2)由题意,ξ的取值为0,1,2,3,4,5,则
P(ξ=0)=,P(ξ=1)=
=
,P(ξ=2)=
=
,P(ξ=3)=
=
,
P(ξ=4)==
,P(ξ=5)=
=
∴ξ的分布列为
Eξ=0×+1×+2×+3×+4×+5×=.
解析
解:(1)当1、2、3、5路口同时遇到红灯时,该学生会迟到,故这名学生迟到的概率为P==
;
(2)由题意,ξ的取值为0,1,2,3,4,5,则
P(ξ=0)=,P(ξ=1)=
=
,P(ξ=2)=
=
,P(ξ=3)=
=
,
P(ξ=4)==
,P(ξ=5)=
=
∴ξ的分布列为
Eξ=0×+1×+2×+3×+4×+5×=.
甲、乙两同学参加数学竞赛培训,现分别从他们在培训期间参加的若干次预赛成绩中随机抽取8次,具体成绩如下茎叶图所示,已知两同学这8次成绩的平均分都是85分.
(1)求x;并由图中数据直观判断,甲、乙两同学中哪一位的成绩比较稳定?
(2)若将频率视为概率,对甲同学在今后3次数学竞赛成绩进行预测,记这3次成绩中高于80分的次数为ξ,求ξ的分布列及数学期望Eξ.
正确答案
解:(1)依题意,解x=4,
由图中数据直观判断,甲同学的成绩比较稳定.
(2)记“甲同学在一次数学竞赛中成绩高于80分”为事A,则,
随机变ξ的可能取值为0、1、2、3,ξ~B(3,),
,其k=0、1、2、3.
所以变ξ的分布列为:
解析
解:(1)依题意,解x=4,
由图中数据直观判断,甲同学的成绩比较稳定.
(2)记“甲同学在一次数学竞赛中成绩高于80分”为事A,则,
随机变ξ的可能取值为0、1、2、3,ξ~B(3,),
,其k=0、1、2、3.
所以变ξ的分布列为:
箱中装有大小相同的黄、白两种颜色的乒乓球,黄、白乒乓球的数量比为s:t.现从箱中每次任意取出一个球,若取出的是黄球则结束,若取出的是白球,则将其放回箱中,并继续从箱中任意取出一个球,但取球的次数最多不超过n次,以ξ表示取球结束时已取到白球的次数.
(Ⅰ)求ξ的分布列;
(Ⅱ)求ξ的数学期望.
正确答案
解:(I)ξ的可能取值为:0,1,2,n
ξ的分布列为
(II)ξ的数学希望为Eξ=0×+1×+2×+…+(n-1)×+n×(1)
Eξ=+…+++(2)
(1)-(2)得Eξ=--+.
解析
解:(I)ξ的可能取值为:0,1,2,n
ξ的分布列为
(II)ξ的数学希望为Eξ=0×+1×+2×+…+(n-1)×+n×(1)
Eξ=+…+++(2)
(1)-(2)得Eξ=--+.
已知随机变量ξ的分布列如表,则ξ的标准差等于______.
正确答案
解析
解:由题意,Eξ=1×0.4+3×0.1+5×(1-0.4-0.1)=3.2
∴方差为:(1-3.2)2×0.4+(3-3.2)2×0.1+(5-3.2)2×0.5=1.936+0.004+1.62=3.56
∴ξ的标准差为,
故答案为:
口袋里装有4个大小相同的小球,其中两个标有数字1,两个标有数字2.
(Ⅰ) 第一次从口袋里任意取一球,放回口袋里后第二次再任意取一球,记第一次与第二次取到小球上的数字之和为ξ.当ξ为何值时,其发生的概率最大?说明理由;
(Ⅱ) 第一次从口袋里任意取一球,不再放回口袋里,第二次再任意取一球,记第一次与第二次取到小球上的数字之和为η.求η大于2的概率.
正确答案
解:(Ⅰ) 设ξ、η分别表示第一次和第二次摸的求的标号,ξ+η表示之和,如下表格:
由表格可知所有基本事件(ξ,η)共16个.
设事件A1表示数字和为2,包括4个,∴.
设事件A2表示数字和为3,包括8个,P(A2)=.
设事件A3表示数字和为4,包括4个,P(A3)=,
∴数字和为3时概率最大.
(Ⅱ)设“两取到小球上的数字之和为η且大于2”为事件A,则 所有基本事件共有个,其对立事件
表示“两取到小球上的数字之和η=2”只包括一个基本事件(1,1).
∴P(A)=1-=
.
解析
解:(Ⅰ) 设ξ、η分别表示第一次和第二次摸的求的标号,ξ+η表示之和,如下表格:
由表格可知所有基本事件(ξ,η)共16个.
设事件A1表示数字和为2,包括4个,∴.
设事件A2表示数字和为3,包括8个,P(A2)=.
设事件A3表示数字和为4,包括4个,P(A3)=,
∴数字和为3时概率最大.
(Ⅱ)设“两取到小球上的数字之和为η且大于2”为事件A,则 所有基本事件共有个,其对立事件
表示“两取到小球上的数字之和η=2”只包括一个基本事件(1,1).
∴P(A)=1-=
.
某商场根据市场调研,决定从3种服装商品、2种家电商品和4种日用商品中选出3种商品进行促销活动.
(Ⅰ)求选出的3种商品中至少有一种日用商品的概率;
(Ⅱ)被选中的促销商品在现价的基础上提高60元进行销售,同时提供3次抽奖的机会,第一次和第二次中奖均可获得奖金40元,第三次中奖可获得奖金30元,假设顾客每次抽奖时中奖与否是等可能的,顾客所得奖金总数为X元,求随机变量X的分布列和数学期望.
正确答案
解:(I)从3种服装商品、2种家电商品,4种日用商品中,选出3种商品,一共有种不同的选法,选出的3种商品中,没有日用商品的选法有
种.
所以选出的3种商品至少有一种日用商品的概率为P=1-.
(Ⅱ)X可能取得值为0,30,40,70,80,110
P(X=0)=
P(X=30)=
P(X=40)=
P(X=70)=
P(X=80)=
P(X=110)=
所以X的分布列为
EX=
解析
解:(I)从3种服装商品、2种家电商品,4种日用商品中,选出3种商品,一共有种不同的选法,选出的3种商品中,没有日用商品的选法有
种.
所以选出的3种商品至少有一种日用商品的概率为P=1-.
(Ⅱ)X可能取得值为0,30,40,70,80,110
P(X=0)=
P(X=30)=
P(X=40)=
P(X=70)=
P(X=80)=
P(X=110)=
所以X的分布列为
EX=
某批产品成箱包装,每箱5件,一用户在购进该批产品前先取出3箱,再从每箱中任意出取2件产品进行检验.设取出的第一、二、三箱中分别有0件、1件、2件二等品,其余为一等品.
(1)用ξ表示抽检的6件产品中二等品的件数,求ξ的分布列及ξ的数学期望;
(2)若抽检的6件产品中有2件或2件以上二等品,用户就拒绝购买这批产品,求这批产品被用户拒绝的概率.
正确答案
解(1)由题意知抽检的6件产品中二等品的件数ξ=0,1,2,3
=
=
,
∴ξ的分布列为
∴ξ的数学期望E(ξ)=
(2)∵P(ξ=2)=,P(ξ=3)=,这两个事件是互斥的
∴P(ξ≥2)=
解析
解(1)由题意知抽检的6件产品中二等品的件数ξ=0,1,2,3
=
=
,
∴ξ的分布列为
∴ξ的数学期望E(ξ)=
(2)∵P(ξ=2)=,P(ξ=3)=,这两个事件是互斥的
∴P(ξ≥2)=
一次单元测验由50道选择题组成,每题选择正确得3分,不选或选错得0分,满分150分.若小明选对任一题的概率均为0.8,则小明在这次测验中成绩的标准差是______分.
正确答案
解析
解:记ξ为选对的题数,则ξ~B(50,0.8),小明在这次测验中成绩为3ξ,
根据二项分布的方差公式得到
Dξ=npq=50×0.8×0.2=8,
所以
故答案为.
扫码查看完整答案与解析