热门试卷

X 查看更多试卷
1
题型:简答题
|
简答题

(选修3-5选做题)

如图所示,光滑水平面上有带有1/4光滑圆弧轨道的滑块,其质量为2m,一质量为m的小球以速度v0沿水平面滑上轨道,并能从轨道上端飞出,则:

(1)小球从轨道上端飞出时,滑块的速度为多大?

(2)小球从轨道左端离开滑块时,滑块的速度又为多大?

正确答案

解:(1)小球和滑块在水平方向上动量守恒,规定小球运动的初速度方向为正方向,当小球从轨道上端飞出时,小球与滑块具有水平上的相同的速度,根据动量守恒,则有:

mv0=3mv  ①

得:v=v0/3 ②  

所以此时滑块的速度大小为v0/3

(2)小球从轨道左端离开滑块时,根据动量守恒,则有:mv0=mv1+2mv2

根据机械能守恒,则有:mv02=mv12+2mv22

联立③④可得:v2=

所以此时滑块的速度大小为

1
题型:简答题
|
简答题

据国外某媒体报道,2010年的某一天,一颗西方某国的间谍卫星经过中国西北某军事训练基地上空时,突然“失明”近四十分钟,据该媒体分析,在该间谍卫星通过基地时,一颗在同一轨道上运行的中国反间谍卫星向后喷出一种特殊的高分子胶状物质,胶状物质附着在间谍卫星的表面而使卫星“失明”,当胶状物在真空中挥发后卫星又能重新恢复工作。

现已知地球的半径R=6 400 km.地球表面处的重力加速度g=10 m/s2。假设中国反间谍卫星为一颗总质量M=20 kg的微型卫星,卫星在近地轨道上做匀速圆周运动,卫星向后瞬间喷出的胶状物的质量为1 kg,胶状物相对于地心的速度为零,求反间谍卫星喷出胶状物后,卫星的速度变为多少?(取,结果保留三位有效数字)。

正确答案

解:由于反间谍卫星在近地轨道做匀速圆周运动,万有引力提供向心力,有:

,得

卫星喷出胶状物后,由动量守恒得:Mv0=(M-m)v1解得

1
题型:简答题
|
简答题

质量为M的平板车P高h,质量为m的小物块Q的大小不计,位于平板车的左端,系统原来静止在光滑水平面地面上.一不可伸长的轻质细绳长为R,一端悬于Q正上方高为R处,另一端系一质量也为m的小球(大小不计).今将小球拉至悬线与竖直位置成60°角,由静止释放,小球到达最低点时与Q的碰撞时间极短,且无能量损失,已知Q离开平板车时速度大小是平板车速度的两倍,Q与P之间的动摩擦因数为μ,M:m=4:1,重力加速度为g.求:

(1)小物块到达最低点与Q碰撞之前瞬间的速度是多大?

(2)小物块Q离开平板车时平板车的速度为多大?

(3)平板车P的长度为多少?

(4)小物块Q落地时距小球的水平距离为多少?

正确答案

(1)、小球由静止摆到最低点的过程中,机械能守恒,则有:

mgR(1-cos60°)=m

∴解得小物块到达最低点与Q碰撞之前瞬间的速度是:

v0=

(2)、小球与物块Q相撞时,没有能量损失,满足动量守恒,机械能守恒,则知:

mv0=mv1+mvQ

   =m+m

由以上两式可知二者交换速度:v1=0,vQ=v0=

小物块Q在平板车上滑行的过程中,满足动量守恒,则有:

mvQ=Mv+m•2v

又知M:m=4:1

v=vQ =

则小物块Q离开平板车时平板车的速度为2v=

(3)、小物块Q在平板车P上滑动的过程中,部分动能转化为内能,由能的转化和守恒定律,知:mgμL=-Mv2 -m×(2v) 2

解得平板车P的长度为:L=

(4)、小物块Q在平板车上滑行的过程中,设平板车前进距离为LM,对平板车由动能定理得:

mgμLM=Mv2

解得:LM=

小物块Q离开平板车做平抛运动,竖直方向有:h=gt2,水平方向有:x=2vt

解得:x=

∴小物块Q落地时距小球的水平距离:S=LM+L+x=+

答:(1)、小物块到达最低点与Q碰撞之前瞬间的速度是

    (2)、小物块Q离开平板车时平板车的速度为

    (3)、平板车P的长度为

    (4)、小物块Q落地时距小球的水平距离为+

1
题型:简答题
|
简答题

图(a)所示的装置中,小物块A、B质量均为m,水平面上PQ段长为l,与物块间的动摩擦因数为μ,其余段光滑。初始时,挡板上的轻质弹簧处于原长;长为r的连杆位于图中虚线位置;A紧靠滑杆(A、B间距大于2r)。随后,连杆以角速度ω匀速转动,带动滑杆作水平运动,滑杆的速度-时间图像如图(b)所示。A在滑杆推动下运动,并在脱离滑杆后与静止的B发生完全非弹性碰撞。

(1)求A脱离滑杆时的速度uo,及A与B碰撞过程的机械能损失ΔE。

(2)如果AB不能与弹簧相碰,设AB从P点到运动停止所用的时间为t1,求ω得取值范围,及t1与ω的关系式。

(3)如果AB能与弹簧相碰,但不能返回道P点左侧,设每次压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能为Ep,求ω的取值范围,及Ep与ω的关系式(弹簧始终在弹性限度内)。

正确答案

解:(1)设连杆的水平位移为x,取水平向右的方向为正则:

求导得:,符合图像b

当x=0时,A与连杆分离,此时:,V0= ①

AB相碰由动量守恒得:mv0=2mv ②

AB系统机械能损失△E= ③

由①②③得: ④

(2)AB在pq上做匀减速直线运动,加速度为:

由运动学规律公式得AB开始到停止的位移: ⑤

s≤1  ⑥

0=v+at1

由④⑤⑥⑦得:

(3)AB从p开始到弹簧压缩到最短时过程由能量守恒得:

可得到:

设AB返回时刚好到达P点时速度为0,则此时角速度最大全过程由能量守恒得:

解得:

综合⑧得到角速度的范围为:

1
题型:简答题
|
简答题

如图所示,一个半径为R=1.00m粗糙的圆弧轨道,固定在竖直平面内,其下端切线是水平的,轨道下端距地面高度h=1.25m.在轨道末端放有质量为mB=0.30kg的小球B(视为质点),B左侧装有微型传感器,另一质量为mA=0.10kg的小球A(也视为质点)由轨道上端点从静止开始释放,运动到轨道最低处时,传感器显示读数为2.6N,A与B发生正碰,碰后B小球水平飞出,落到地面时的水平位移为s=0.80m,不计空气阻力,重力加速度取g=10m/s2.求:

(1)小球A在碰前克服摩擦力所做的功;

(2)A与B碰撞过程中,系统损失的机械能.

正确答案

(1)在最低点对A球由牛顿第二定律有:FA-mAg=mA          

∴vA=4.00m/s                                                   

 在A下落过程中由动能定理有:mAgR-Wf=mA                             

∴A球下落的过程中克服摩擦力所做的功为Wf=0.20J                                                    

(2)碰后B球做平抛运动

在水平方向有s=t

在竖直方向有h=gt2

联立以上两式可得碰后B的速度为v′B=1.6m/s                       

在A、B碰撞由动量守恒定律有:mAvA=mAv′A+mBv′B                         

∴碰后A球的速度为v′A=-0.80m/s  负号表示碰后A球运动方向向左                                    

由能量守恒得碰撞过程中系统损失的机械能为△E=mA-mA2mB2                        

故△E=0.384J

∴在A与B碰撞的过程当中,系统损失的机械能为0.384J.

下一知识点 : 爆炸
百度题库 > 高考 > 物理 > 动量守恒定律的应用

扫码查看完整答案与解析

  • 上一题
  • 1/5
  • 下一题