热门试卷

解：（1）根据分析，上述三组杂交结果不能判断出花粉可育是显性性状．

（2）由于桃树既能自花传粉，所以在进行杂交试验中，对作为母本的桃花至少要进行的必要操作是去雄后套袋处理．

（3）如果花粉可育是显性性状，则可推测，杂交组合一的父本基因型最可能是Pp．由于含不育基因的花粉在显微镜下可观察到明显的畸形，所以可在显微镜下观察父本花粉的形态并统计比例，验证杂交组合一的父本基因型．

故答案为：

（1）不能

（2）去雄后套袋    

（3）Pp    显微镜下观察父本花粉的形态并统计比例

解：（1）根据题意可知，“两头黑牛交配，先后生出两头小牛，一头黑色和一头棕色”，无中生有为隐性，因此黑色和棕色这对相对性状中黑色是显性性状，并且两头牛的基因型均为Bb，因此后代中黑色小牛的基因型为BB、Bb．上述两头黑牛再生一头棕色雌牛的概率==．

（2）一头雄牛与多头杂合雌牛交配，共产生20头小牛，如果小牛中11头黑色，9头棕色，该比例符合测交结果的比例，因此该雄牛的基因型最可能是bb；如果20头小牛都为黑色，该雄牛的基因型最可能是BB．

（3）要判断一头黑色雄牛是纯合子还是杂合子，应用测交的方法进行验证，即最好选用多头棕色的母牛与黑色雄牛交配，观察子代的表现型及比例．

杂合子测交的遗传图解如下：

故答案为：

（1）黑色      

（2）bb  BB

（3）棕  

解：假说一：第1组亲本的基因型为a1a2，F1的基因型为1a1a1、2a1a2、1a2a2，F1自交得F2，F2中矮茎为=，即F2中高茎数量：矮茎数量为3：1．

第2组亲本的基因型为Aa1和Aa2，F1的基因型为1AA、1Aa1、1Aa2、1a1a2，F1自交得F2，F2中矮茎为=，即F2中高茎数量：矮茎数量为7：1．

假说二：由于A决定高茎，A+和a都决定矮茎，而A+相对于A、a为显性，A相对于a为显性，所以亲本的基因型为Aa，F1的基因型为1AA、2Aa、1aa，F1自交得F2，F2中矮茎为+=，即F2中高茎数量：矮茎数量为5：3．

故答案为：

3：1     7：1       5：3

解：（1）根据题干信息：“紫罗兰花瓣形态的单瓣和重瓣是由一对等位基因（B、b）控制的相对性状”，则遗传时遵循基因分离定律，再根据图文信息单瓣紫罗兰自交得F1中出现性状分离，说明单瓣为显性性状．

（2）F1的单瓣紫罗兰自交后代出现性状分离，说明其基因型为Bb，取花粉进行单倍体育种，理论上获得植株BB：bb=1：1，但题干中只表现为重瓣（bb），说明亲代单瓣紫罗兰中含有B基因的花粉不育，而基因b的花粉可育．

（3）据题（2）信息染色体缺失的雄配子不育，雌配子可育．

（4）F2中单瓣紫罗兰（Bb）联会的一对同源染色体，B基因所在的染色体部分缺失，且一条染色体上的两条染色单体的基因相同．单瓣紫罗兰的基因型有Bb、Bb-、B-b、B-b-，其中Bb自交后代单瓣：重瓣=3：1，Bb-自交后代全是单瓣，B-b-不能产生后代，说明F1的基因型为B-b，雌配子基因型及其比例是B-：b=1：1，雄配子只有b．

（5）如果以Bb作父本，B-b为母本，父本能产生B、b两种雄配子，比例为1：1，而母本也可以产生两种雌配子且B-：b=1：1，因此后代有75%的单瓣紫罗兰和25%重瓣紫罗兰．如果以B-b作父本，Bb为母本，父本只能产生b雄配子，而母本也可以产生两种雌配子且B：b=1：1，后代应有50%的单瓣紫罗兰和50%重瓣紫罗兰，即正交和反交的结果是不同的．

故答案为：

（1）基因的分离定律     单瓣

（2）B（或显性）        b（或隐性）

（3）雌配子  花粉

（4）B-：b=1：1        只有b

（5）Bb×B-b

解：（1）F1和f1的基因型分别为b1b2和b3b4．

（2）一个足够大的兔子种群，理论上有b1b1、b2b2、b3b3、b4b4、b1b2、b1b3、b1b4、b2b3、b2b4、b3b4共10种基因型．

（3）①丙的子代的基因型及比例为b1b4：b1b3：b2b4：b2b3=1：1：1：1，若b1＞b2＞b3＞b4，则b1b4和b1b3均表现为青色，b2b4和b2b3均表现为白色，所以丙的子代中青毛：白毛大致等于1：1．

②丙的子代的基因型及比例为b1b4：b1b3：b2b4：b2b3=1：1：1：1，若青毛：黑毛：白毛大致等于2：1：1，则b1b4和b1b3均表现为青色，b2b4表现为黑色，b2b3表现为白色，所以b1、b2、b3、b4之间的显隐性关系是b1＞b3＞b2＞b4．

③丙的子代的基因型及比例为b1b4：b1b3：b2b4：b2b3=1：1：1：1，若黑毛：青毛：白毛大致等于2：1：1，则b1b3和b2b3均表现为黑色，即b3＞b2、b3＞b1；b1b4表现为青色，即b1＞b4；b2b3表现为白色，即b3＞b2，所以b1、b2、b3、b4之间的显隐性关系是b3＞b1＞b2＞b4．

（4）假设b1＞b2＞b3＞b4．若一只灰色雄兔（B_）与群体中多只不同毛色的纯种雌兔交配，子代中灰毛兔占50%，青毛兔、白毛兔、黑毛兔和褐毛兔各占12.5%．则该灰毛兔的基因组成中，除了含有B基因外，另外一个一定是b4，因为b4不会遮盖b1、b2、b3的表现，才能使青毛兔、白毛兔、黑毛兔和褐毛兔各占12.5%，该灰毛雄兔的基因型是Bb4．因为和它杂交的纯合体分别是：b1b1、b2b2、b3b3、b4b4，则子代中青毛兔的基因型为b1b4，白毛兔的基因型为b2b4，黑毛b3b4、褐毛b4b4．

故答案为：

（1）b1b2   b3b4

（2）10种

（3）①青毛：白毛等于1：1

②b1＞b3＞b2＞b4

③b3＞b1＞b2＞b4

（4）Bb4 选用多只褐毛雌兔与该黑毛雄兔交配，若后代均为黑毛兔，则该黑毛雄兔的基因型为b3b3，若后代出现了褐毛兔，则该黑毛兔的基因型为b3b4

解：（1）若椎实螺外壳旋向只由一对完全显性的等位基因控制，则应该出现的结果是两组实验中F1性状表现应相同，F2应出现性状分离的现象，且比例为3：1．

（2）分析实验：无论正交还是反交，实验结果一致，且都出现右旋：左旋=3：1的性状分离比，说明控制椎实螺外壳的旋转方向的基因位于常染色体上（用A、a表示），且右旋相对于左旋为显性性状．

①因为亲本均为纯合子，所有实验一中F1代个体全部为杂合子．因为下一代螺壳的表现型决定于上一代母本的基因型，所以亲本中雄性个体（左旋）的母本为隐性纯合子．

②实验二F2椎实螺的基因型及比例为AA：Aa：aa=1：2：1，所以外壳左旋基因（a）的频率为50%，具有左旋基因的个体占3/4．

答案：（1）相同      性状分离         3：1

（2）①F1   隐性纯合子         ②50%     3/4

解：（1）根据实验二，亲本表现型为红果和黄果，但杂交后代只有红果，说明红果为显性性状；根据实验三，亲本表现型都为红果，但杂交后代出现了黄果，发生了性状分离，所以红果为显性性状．符合杂合子测交的是实验组一，后代比1：1．

（2）由于红果的基因型是AA或Aa，黄果的基因型只能是aa，所以根据各组杂交后代的表现型和植株数目，可判断各组实验中两个亲本的基因组成．实验一：红果×黄果为Aa×aa；实验二：红果×黄果为AA×aa；实验三：红果×红果为Aa×Aa．

故答案为：

（1）红果    一    

（2）Aa×aa      AA×aa     Aa×Aa

解：（1）若以R和r分别代表眼皮的显性及隐性基因，由于双眼皮为显性性状，所以双眼皮的基因型是RR、Rr．

（2）由于Ⅱ5为单眼皮，所以Ⅲ7和Ⅲ8的基因型分别为rr和Rr，他们生第二个孩子为双眼皮女孩的几率=．

（3）由于Ⅳ10和Ⅳ11生的三个女孩中，有一个女孩是单眼皮，所以Ⅳ10和Ⅳ11的基因型都是Rr，他们生第四个孩子E为单眼皮男孩的几率为=．

（4）Ⅲ9是单眼皮，其与单眼皮男孩结婚，他们所生孩子都是单眼皮，因此生第一孩子为双眼皮男孩的几率为0．

故答案为：

（1）RR、Rr  

（2）  

（3）  

（4）0

解：（1）若B栏是A栏的杂交后代，即A栏黑牛杂交出现性状分离，则A栏种牛的基因型为Bb，则其子代B栏种牛的基因型为BB、Bb、bb．

（2）若A栏是B栏的杂交后代，则B栏中的牛均为纯合子，基因型为BB和bb，其子代A栏中牛的基因型均为Bb．

（3）B栏为A栏的亲代，且B栏中黑色也有杂合子，若B栏中黑色杂合个体之间或杂合个体与红牛之间或红牛之间可以自由交配，则子代应该会出现红牛，而A栏中没有红色牛，说明B栏中杂合黑色全为同一性别，并且与红色个体为同一性别．

故答案为：

（1）Bb、Bb      BB、Bb、bb

（2）BB、bb    Bb

（3）B栏中杂合黑色个体全为同一性别，并且与红色个体性别相同

解：（1）由题意已知并指I型遗传病是由位于常染色体上的显性基因控制的遗传病．根据分离定律，该女病患者至少含有一个显性基因，即女患者的为BB或Bb，则父亲的为Bb．

（2）如果该女患者（BB或Bb）与一其母是正常的男患者（Bb）结婚，其生一个患病男孩的概率是（1-×）×=．

（3）该女后代表现为正常，则该女患者一定给了一个b给她的后代，所以女患者的基因型为Bb．

故答案为：

（1）BB或Bb　   Bb       

（2）      

（3）Bb

解：（1）由题意知，黑身雌蝇甲与灰身雄蝇乙杂交，F1全为灰身，说明灰身对黑身是显性；F1全为灰身，F1随机交配，后代既有灰身也有黑身，这种现象叫性状分离；说明子一代是杂合子，基因型为Bb，Bb×Bb→BB：Bb：bb=1：2：1，其中BB、Bb表现为灰身，杂合子Bb占灰身果蝇的．

（2）分析F2表型比可知，子二代的性状比例在雌雄个体之间不同，因此R、r基因属于伴性遗传，基因位于X染色体上；由于黑身雌蝇丙（基因型同甲）与灰身雄蝇丁杂交，F1全为灰身，因此丙的基因型是bbXRXR，丁的基因型是BBXrY．

故答案为：

（1）①灰色　　性状分离　　

（2）①X　　BBXrY

解：（1）根据3、4正常，而产生的后代患病可知为隐性遗传病；又女儿患病，父亲正常，可否定X染色体遗传，故为常染色体隐性遗传病．

（2）由于11号患病而7号正常，所以7号的基因型为Bb．又6号和7号是同卵双生，两者的基因型相同，因此6号的基因型为Bb，她肯定是杂合体．

（3）由于11号患病而7号、8号正常，所以7号、8号的基因型都为Bb．因此，7号和8号再生一个孩子无病的概率为．

（4）8号和9号是异卵双生，两者的基因型不一定相同，9号的基因型及概率为BB、Bb．因此，6号和9号个体结婚，则他们出生有病孩子的概率为=；若他们所生第一个孩子有病，说明9号的基因型是Bb，则再生一个白化病女孩的概率是=．

故答案为：

（1）隐

（2）Bb   100%

（3）

（4）    

解：若自交：子一代AA占、Aa占、aa占，AA自交结果为AA，Aa自交结果为AA：Aa：aa，aa自交结果为aa，则F2代AA：Aa：aa=（+）：：（+）=6：4：6=3：2：3；

若杂交：由于Aa自交后代AA：Aa：aa=1：2：1，基因A的频率为，基因a的频率为．因此，子一代之间自由交配，产生的AA、Aa、aa比例是：：=1：2：1．

故答案为：3：2：3或1：2：1．

解：（1）等位基因TL和TS本质区别是碱基（脱氧核苷酸）排列顺序不同．由题意可知，男性只有基因型为TLTL时才表现为长食指，说明等位基因表达受性激素影响，TS在男性中为显性基因，女性反之．

（2）若一对夫妇均为短食指，即男性基因型为TLTS或TSTS，女性基因型为TSTS，所生孩子的基因型为：TLTS或TSTS．因此子代中男孩都是短食指、女孩为短食指或长食指．若这对夫妇所生孩子既有长食指又有短食指，即男性基因型只能为TLTS，因此该夫妇再生一个男孩是长食指的概率为0．

（3）在一个理想群体中，男性短食指（TLTS和TSTS）所占比例为51%，则男性长食指（TLTL）占49%，因此TL的基因频率=70%，TS的基因频率=30%．

故答案为：

（1）碱基对的排列顺序不同    显性   

（2）均为短食指    既有长食指又有短食指  0

（3）30%