- 遗传因子的发现
- 共18860题
玉米是雌雄同株异花的植物，开花时顶端为雄花，叶腋处为雌花，间行均匀种植可以进行同株异花受粉和异株异花受粉．玉米的宽叶（A）对窄叶（a）为显性，宽叶杂交种（Aa）玉米表现为高产，比纯合显性和隐性品种的产量分别高12%和20%；另外，玉米的有茸毛（D）对无茸毛（d）为显性，有茸毛玉米植株表面密生茸毛，具有显著的抗病能力，该显性基因纯合时植株幼苗期就不能存活；上述两对基因独立遗传，且其性状在幼苗期便能识别．请回答：
（1）要保证玉米进行杂交，则必须进行人工授粉，对母本进行的一系列处理是______．
（2）将有茸毛玉米同株异花授粉，子代植株成熟时表现型及比例为______．
（3）若将宽叶有茸毛玉米和窄叶有茸毛玉米进行异株异花传粉，子代只出现两种表现型，则：
①亲本的基因型是______．
②F1成熟的群体中，D的基因频率是______．
③若F1个体同株异花授粉产生F2，则理论上F2成熟植株中高产抗病个体所占的比例为______．
正确答案
解析
解：（1）因玉米是雌雄同株异花，故对母本不需去雄处理，但人工授粉时需防止外来花粉的干扰，故对母本的处理是雌花套袋--授粉--套袋．
（2）根据题意，有茸毛的基因型是Dd（DD幼苗期死亡），无茸毛基因型为dd，子代植株表现型及比例为有茸毛：无茸毛=2：1．
（3）①宽叶有茸毛玉米（A_Dd）和窄叶有茸毛玉米（aaDd）进行异株异花传粉，子代只出现两种表现型，故可确定亲本基因型分别是AADd和aaDd．
②由亲本可知F1个体基因型为
③由亲本可知F1个体基因型为
故答案为：
（1）雌花套袋-授粉-套袋
（2）有茸毛：无茸毛=2：1
（3）①AADd和aaDd ②
某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型AA的植株表现为大 花瓣，Aa为小花瓣，aa为无花瓣．花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，rr的为黄色，两对基因独立遗传．若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是（ ）
A子代共有9种基因型
B子代共有4种表现型
C子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例约为
D子代的所有植株中，纯合子约占
正确答案
解析
解：A、AaRr自交，根据基因自由组合定律，子代共有3×3=9种基因型，A正确；
B、Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但由于aa表现无花瓣，即aaR_与aarr的表现型相同，因此表现型共5种，B错误；
C、子代有花瓣植株所占的比例为
D、AaRr自交，子代的所有植株中，纯合子约占
故选：B．
A该种植物中能开紫花的植株的基因型有3种
B植株DdRr自交，后代紫花植株中能稳定遗传的个体所占的比例是
C植株Ddrr与植株ddRR杂交，后代中
D植株DDrr与植株ddRr杂交，后代中
正确答案
解析
解：A、由以上分析可知，紫色的基因型为D_rr、ddR_，包括DDrr、Ddrr、ddRR、ddRr四种，A错误；
B、DdRr
C、Ddrr×ddRR→子代的基因型及比例为DdRr（蓝色）：ddRr（紫色）=1：1，由此可见，后代中
D、DDrr×ddRr→子代的基因型及比例为DdRr（蓝色）：Ddrr（紫色）=1：1，由此可见，后代中
故选：B．
灰兔和白兔杂交，F1全是灰兔，F1雌雄个体相互交配，F2中灰兔：黑兔：白兔=9：3：4，则以下说法错误的是（ ）
A家兔的毛色受两对等位基因控制
BF2灰兔中能稳定遗传的个体占
CF1灰兔与白兔测交，后代表现型的比是1：1：2
DF2中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的几率是
正确答案
解析
解：A、根据题意F2中灰兔：黑兔：白兔=9：3：4，说明该性状受两对等位基因控制，A正确；
B、F2中能稳定遗传的灰兔占
C、由题意可知，F1灰兔为双杂合子个体，如果让F1灰兔与白兔（双隐）测交，后代表现型及比例是灰兔：黑兔：白兔=1：1：2，C正确；
D、F2中黑兔与白兔交配，设黑兔与白兔的基因型分别是A-bb和aa--，则后代中出现白兔aa--的几率是
故选：B．
已知某种植花的颜色受若干对独立遗传的等位基因（相关等位基因如果是1对，则用A 与a；如果是2对，则用A与a、B与b表示，依此类推）的控制．现用该种植物中开红花的植株甲与开黄花的纯合植株乙杂交，F1都开黄花，F1自花传粉产生F2，F2的表现型及比例为黄花：红花=27：37．下列说法不正确的是（ ）
A花的颜色是由3对独立遗传的等位基因控制的
BF1的基因型为AaBbCc
CF2的黄花植株中纯合子占
DF2的红花植株中自交后代不发生性状分离的占
正确答案
解析
解：A、由分析可知，花的颜色是由3对独立遗传的等位基因控制的，A正确；
B、自交要得到
C、F2的黄花植株中纯合子的基因型为AABBCC，占F2的比例为
D、F2的红花植株中，纯合子有AABBcc、AAbbCC、aaBBCC、AAbbcc、aaBBcc、aabbCC、aabbcc，它们各自均占F2的
故选：D．
红细胞表面仅含A抗原的为A型血，仅含B抗原的为B型血，同时含A、B抗原的为AB型血，O型红细胞则不含这两种抗原，但通常含有可以形成A、B抗原的物质H（无H者也被视为O型血．上述抗原的形成由两对基因控制，这两对基因分别位于两对同源染色体上，其中基因H编码的酶能促使前体物质转变为物质H，但它的等位基因h则不能编码这种酶；基因IA编码的酶能促使H转变为A抗原，基因IB编码的酶能促使H转变为B抗原，但它们的等位基因i则不能编码这两种酶．A抗原、B抗原以及与它们的前体物质之间的关系如下图所示．请分析回答下列问题：
（1）图中X、Y分别是______．
（2）基因i变成基因IA或IB的现象在遗传学上称为______，该现象发生的本质原因是DNA分子中发生了______．
（3）表现为B型血的人，其基因型可能是______．
（4）一个A型血男子与一个O型血女子结婚后生下的一个孩子为AB型血，且已知该夫妇所生孩子的血型只可能是AB型血，则孩子、父、母的基因型依次为______、______、______．该孩子与其基因型相同的配偶结婚，生育AB型、A型、B型、O型血的孩子的概率之比是______．
（5）经过数年研究，已成功实现了B型血向O型血的转变．根据图中信息可推测，将B型血的______切去，可以实现B型血向O型血的转变．研究发现海南咖啡豆和大豆的α-半乳糖苷酶可以作为改造血型的工具酶．B型血的人常饮咖啡或吃大豆制品，血型会发生改变吗？为什么？______．
（6）要大量获得α-半乳糖苷酶可以利用______生物学技术．
正确答案
解析
解：（1）根据题意可知，基因H控制合成的酶H能促使前体物质转变为物质H，因此可以确定图中的Y为基因H，基因H可以控制酶H（X）的合成．
（2）基因i、IA和IB都是控制相对性状，属于等位基因，等位基因之间的相互转化为基因突变．发生的本质原因是DNA分子中发生了碱基对的增添、缺失或改变．
（3）表现为B型血的人，其基因型可能是HHIBIB、HHIBi、HhIBIB、HhIBi．
（4）由于该夫妇所生孩子的血型只可能是AB型血，因此O型血女子应含有IB基因，且该基因不能表达，其基因组成为hhIBIB；再根据该夫妇所生孩子的血型只可能是AB型血可推出，A型血男子的基因组成为HHIAIA，其孩子的基因组成为HhIAIB．
该孩子与其基因型相同的配偶结婚，生育的孩子基因型、血型及其概率有HHIAIA（A型血，占
（5）B抗原比前体物质多出的成分是⑦．a-半乳糖苷酶的化学本质是蛋白质，在高温条件下酶失活或在消化道中蛋白质将被蛋白酶水解．
（6）要大量获得α-半乳糖苷酶可以利用转基因工程、发酵工程、酶工程生物学技术．
故答案为：
（1）酶H、基因H
（2）基因突变 碱基对的增添、缺失或改变
（3）HHIBIB、HHIBi、HhIBIB、HhIBi
（4）HhIAIB HHIAIA hhIBIB 6：3：3：4
（5）⑦不会改变，因为高温使a-半乳糖苷酶失活（或a-半乳糖苷酶在消化道内被消化分解）
（6）转基因工程、发酵工程、酶工程
（2015秋•泉州校级月考）在豌豆中，黄色（Y）对绿色（y）是一对相对性状，圆粒（R）对皱粒（y）是一对相对性状，控制这两对相对性状的基因分别位于两对同源染色体上，先让具有这两对相对性状的纯合亲本杂交，F1全为黄色圆粒，则F2中重组类型占（ ）
A
B
C
D
正确答案
解析
解：由于具有这两对相对性状的纯合亲本有两种可能：黄色圆粒YYRR与绿色皱粒yyrr或黄色皱粒YYrr与绿色圆粒yyRR．杂交后F1都为YyRr，F1自交产生F2，出现了亲本所没有的性状组合．
（1）如果纯合具有这两对相对性状的纯合亲本为黄色圆粒YYRR与绿色皱粒yyrr，则杂交后产生的F1自交产生F2，子二代中重组表现型为黄色皱粒与绿色圆粒，其个体数占子二代总数的
（2）如果具有这两对相对性状的纯合亲本为黄色皱粒YYrr与绿色圆粒yyRR，则杂交后产生的F1自交产生F2，子二代中重组表现型为黄色圆粒与绿色皱粒，其个体数占子二代总数的
故选：D．
某单子叶植物花穗基部离地的高度受4对基因控制，且分别位于四对同源染色体上．各基因均以累加效应决定花穗离地的高度．已知eeffgghh的花穗离地30cm，EEFFGGHH的花穗离地70cm．现将EeffGgHh的植株与某基因型的植株杂交，预计子代的花穗离地的高度为35cm～65cm．该植株可能的基因型和子代中花穗离地高度为45cm的个体所占比例为（ ）
AEEFfGGHH、
BeeFfGgHh、
CEeFfGGHh、
DeeFfggHH、
正确答案
解析
解：基因型为EeffGgHh的植株与某基因型的植株杂交，预计子代的花穗离地的高度为35cm～65cm，（35-30）÷5=1，（65-30）÷5=7，说明产生的F2代的麦穗的基因型中显性基因的数量是1个到7个．子代中花穗离地高度为45cm的个体中显性基因的数量是3个．
A、让EeffGgHh与EEFfGGHH杂交，产生的F2代的麦穗的基因型中显性基因的数量是3个到7个，A错误；
B、让EeffGgHh与eeFfGgHh杂交，产生的F2代的麦穗的基因型中显性基因的数量是0个到6个，B错误；
C、让EeffGgHh与EeFfGGHh杂交，产生的F2代的麦穗的基因型中显性基因的数量是1个到7个，C正确；
D、让EeffGgHh与eeFfggHH杂交，产生的F2代的麦穗的基因型中显性基因的数量是1个到5个，D错误．
故选：C．
某种自花受粉植物的花色分为白色、红色和紫色，由两对等位基因控制，用A、a和B、b表示．现有3个纯合品种：紫色（紫）、红色（红）、白色（白）．用这3个品种做杂交实验，结果如下：
（1）根据以上信息，可判断上述杂交亲本中，第Ⅰ组F1基因型为______．品种1、2的表现型分别是______．
（2）为鉴别第Ⅱ组F2中某紫花植株的基因型，取该植株自交，若后代全为紫花的植株，则基因型为______；若后代______，则其基因型为______．
（3）现有纯合品种4，其基因型与上述品种均不同，它与第Ⅲ组的F1杂交中，后代表现型及比例是______．
正确答案
AaBb
红×白
AABB
出现红花植株（或紫花植株与红花植株之比为3：1）
AaBB或AABb
1紫：1白
解析
解：（1）根据第Ⅰ组中F2代的性状分离比9：3：4可以判断由两对等位基因控制花色，所以花色受两对等位基因控制，遵循自由组合定律，且F1紫为AaBb．第Ⅱ组和第Ⅲ组的F2表现均为3紫：1白，因此品种3为紫AABB．亲本品种1、2的表现型分别是红×白．
（2）为鉴别第Ⅱ组F2中某紫花植株（A-B-）的基因型，取该植株自交，若后代全为紫花的植株，则基因型为AABB．若后代出现红花植株（或紫花植株与红花植株之比为3：1），则其基因型为AaBB或AABb．
（3）现有纯合品种4，其基因型与上述品种均不同，则基因型为aabb，它与第Ⅲ组的F1AaBB或AABb杂交中，后代表现型及比例是1紫：1白．
故答案为：
（1）AaBb 红×白
（2）AABB 出现红花植株（或紫花植株与红花植株之比为3：1）AaBB或AABb
（3）1紫：1白
落花生的厚壳对薄壳，紫种皮对红种皮为两对相对性状，现有厚壳紫种皮与薄壳红种皮落花生杂交，F1全为厚壳紫种皮．在F2中，能够稳定遗传的薄壳紫种皮落花生为3966株，则能稳定遗传的厚壳红种皮落花生的株数大约为（ ）
正确答案
解析
解：由以上分析可知，亲本的基因型为AABB×aabb，则F1的基因型为AaBb，F1自交所得F2中，A_B_（厚壳紫种皮）：A_bb（厚壳红种皮）：aaB_（薄壳紫种皮）：aabb（薄壳红种皮）=9：3：3：1，能够稳定遗传的薄壳紫种皮落花生（AABB）所占比例为
故选：C．
某种植物抗病与否受一对等位基因（R、r）控制，叶颜色由一对等位基因（B、b）控制（BB表现深绿；Bb表现浅绿；bb呈黄色，幼苗阶段死亡）．就这两对性状遗传做杂交实验，结果如下：
实验1：不抗病深绿×抗病浅绿→抗病深绿：抗病浅绿=1：1
实验2：不抗病深绿×抗病浅绿→抗病深绿：不抗病深绿：抗病浅绿：不抗病浅绿=1：1：1：1
综合上述实验结果，请回答：
（1）抗病与否这一相对性状中，显性性状是______．上述两对相对性状的遗传遵循______定律．
（2）实验1中两个亲本的基因型分别是______．
（3）这种植物有雄株、雌株和两性植株，G基因决定雄株，g基因决定两性植株．g-基因决定雌株．G对g、g-是显性，g对g-是显性，如：Gg是雄株，gg-是两性植株，g-g-是雌株．由上述信息可知其为______倍体植物．G、g、g-三种基因在结构上的本质区别在于______．自然界没有雄性纯合植株的原因是______．某雄性植株与两性植株杂交，后代中雄性植株：两性植株：雌性植株=2：1：1，则亲代植株的基因型为______．
正确答案
抗病
自由组合
rrBB、RRBb
二
碱基对排列顺序不同
无含G的卵细胞
Gg-×gg-
解析
解：（1）实验1中，不抗病×抗病→后代均抗病，说明抗病相对于不抗病为显性性状；实验2中，深绿不抗病×浅绿抗病→深绿抗病：深绿不抗病：浅绿抗病：浅绿不抗病=1：1：1：1，说明这两对相对性状的遗传遵循基因自由组合定律．
（2）由以上分析可知，实验1中亲本的基因型为rrBB×RRBb．
（3）根据分析，植物为二倍体植物．G、g、g-三种基因为等位基因，其在结构上的本质区别在于碱基对排列顺序不同．由于两性植株的基因型为gg和gg-，雌株植株的基因型为g-g-，减数分裂后不能形成含G的卵细胞，所以自然界没有雄性纯合植株GG．若某雄性植株（G_）与两性植株（g_）杂交，后代中雄性植株：两性植株：雌性植株（g-g-）=2：1：1，则亲代植株的基因型为Gg-×gg-．
故答案为：
（1）抗病 自由组合
（2）rrBB、RRBb
（3）二 碱基对排列顺序不同 无含G的卵细胞 Gg-×gg-
（1）与抗旱有关的代谢产物主要是糖类，则基因A控制抗旱性状是通过______实现的，进一步研究发现a基因的碱基序列比A基因多了300个碱基对，但a基因编码的多肽比A基因编码的多肽少了末端25个氨基酸，推测a基因转录的mRNA提前出现______．
（2）干旱程度越严重，抗旱植物根细胞中与抗旱有关的代谢产物相对越多，该现象说明生物的性状是______的结果
（3）植物的抗旱性状与抗病性状独立遗传，抗病（B）对感病（b）为显性，一株抗旱抗病水稻与一株抗旱感病水稻杂交的统计结果如图所示，则两个亲本的基因型是______、______．上述杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的抗旱抗病水稻所占比例为______．
（4）请设计一个快速育种方案，利用抗旱型感病（Aabb）和旱敏型抗病（aaBb）两品种作亲本，通过一次杂交，获得的后代个体全部是抗旱型抗病杂交种（ AaBb）．请用文字简要说明．
性状类型______．
正确答案
解析
解：（1）与抗旱有关的代谢产物是糖类，糖类的合成需要酶的催化，说明基因可以通过控制酶的合成来控制生物的新陈代谢．根据题意a比A的碱基序列多，但是编码的蛋白质比A少，说明a基因转录的mRNA提前出现 终止密码．
（2）干旱程度越严重，抗旱植物根细胞中与抗旱有关的代谢产物相对越多，该现象说明生物的性状不仅受基因的控制，还受环境的影响．
（3）植根据题意分析已知则两个亲本的基因型是AaBb、Aabb，子代为
（4）通过一次杂交获得抗旱型多颗粒杂交种（AaBb）需要用单倍体育种的方法，即先用基因型为Aabb和aaBb的植株通过单倍体育种得到基因型为AAbb和aaBB的植株，然后让它们杂交得到抗旱型多颗粒杂交种（AaBb）．
故答案为：
（1）控制酶的合成来控制生物的新陈代谢过程 终止密码
（2）基因和环境共同作用
（3）AaBb、Aabb
（4）先用基因型为Aabb和aaBb的植株通过单倍体育种得到基因型为AAbb和aaBB的植株，然后让它们杂交得到抗旱型多颗粒杂交种（AaBb）．
某农场每年都要利用不同品种的大白菜杂交获得种子供蔬菜基地大面积种植．大白菜的花很小且为两性花，杂交工作耗时费力，若用不能产生花粉的雄性不育系作母本，则可大幅度提高工作效率．经多年努力，农场拥有了甲品种的4种类型：不育的类型I、Ⅱ和可育的类型Ⅲ、Ⅳ，并通过以下途径年年获得理想的不育系．请回答
（1）与盂德尔的豌豆杂交实验相比，在甲品种（不育系）与乙品种大白菜杂交过程中可以减少的人工操作步骤有______．
（2）年复一年的利用甲品种（不育系）与乙品种杂交，其目的不是选育新品种而是为了获得______表现的优势，以提高大白菜的产量与品质．
（3）有人对大白菜雄性不育的遗传提出了两种假说，并从类型I、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ中选择亲本杂交进行检验．假说一，由两对自由组合的基因共同控制，基因型为A_bb表现为雄性不育；假说二，由3个等位基因控制，基因的显隐性为Mf＞M＞m．基因型与表现型的对应情况如下表：
选择组合______（选填：I与Ⅲ、Ⅱ与Ⅳ、Ⅲ与Ⅳ）为亲本杂交获得F1，F1中可育植株自交获得F2，观察F2表现型．
若实验结果为______，则证明假说一成立；
若实验结果为______，则证明假说二成立．
正确答案
解析
解：（1）豌豆是两性花，利用其进行杂交实验时，需要进行人工异花授粉，其过程为：去雄→套袋→人工授粉→套袋，而甲品种（不育系）与乙品种大白菜杂交过程中不需要去雄操作．
（2）年复一年的利用甲品种（不育系）与乙品种杂交，其目是为了获得杂种表现的优势，以提高大白菜的产量与品质．
（3）应该选择可育亲本杂交来检验这两种假说，因此应选择组合Ⅲ与Ⅳ为亲本，即Ⅲ与Ⅳ杂交获得F1，F1中可育植株自交获得F2，观察F2表现型．若假设一成立，即大白菜雄性不育由两对自由组合的基因共同控制，基因型为A_bb表现为雄性不育，则AABb×aabb→F1：AaBb、Aabb，选出其中可育植株（AaBb）自交→F2：A_B_（可育）：A_bb（不育）：aaBb（可育）：aabb（可育）=9：3：3：1，因此实验结果为：F2发生性状分离（或不育：可育=3：13）；
若假设二成立，即大白菜雄性不育由3个等位基因控制，基因的显隐性为Mf＞M＞m，则MfM×mm→F1：Mfm、Mm，选出其中可育植株（Mfm）自交→F2：MfMf（可育）：Mfm（可育）：mm（可育）=1：2：1，因此实验结果为F2不发生性状分离（或不育：可育=0：1）．
故答案为：
（1）去雄
（2）杂合子（杂种）
（3）Ⅲ与IV F2发生性状分离（不育：可育=3：13）F2不发生性状分离（不育：可育=0：1）
请回答有关绵羊遗传与发育的问题：
（1）假设绵羊黑面（A）对白面（a）为显性，长角（B）对短角（b）为显性，两对基因位于染色体上且独立遗传．
①在两组杂交试验中，I组子代只有白面长角和白面短角，数量比为3：1；II组子代只有黑面短角和白面短角，数量比为1：1．其亲本的基因型组合是：I组______，II组______．
②纯种与非纯种的黑面长角羊杂交，若子代个体相互交配能产生白面长角羊，则杂交亲本的基因型组合有______．
（2）假设绵羊的面色性状属于细胞质遗传，则不同面色的羊杂交，其后代面色性状______（填“能”或“不能”）出现一定分离比．
（3）克隆羊多利是将多塞特母样的乳腺细胞核注入苏格兰羊的去核卵细胞中，将此融合卵细胞培养后植入母羊体内发育而成．
①比较二种细胞内的X染色体数：多赛特羊交配后产生的正常受精卵______多利羊的体细胞______苏格兰羊的次级卵细胞（填“＞”、“≥”、“＜”、“≤”、或“=”）．
②已知哺乳动物的端粒（由DNA组成的染色体末端结构）在个体发育开始后，随细胞分裂不断缩短．因此，多利的端粒长度应比普通同龄绵羊的______．
正确答案
aaBb×aaBb
Aabb×aabb
AABB×AaBB、AABB×AaBb
不能
≤
≥
短
解析
解：（1）①杂交试验中，I组子代只有白面长角和白面短角，而这两对基因位于染色体上且独立遗传，因子代只有白面（隐性性状），所以亲本就面色这对基因来说就必是aa和aa，而子代有长角和短角且为数量比为3：1，所以亲本就角这对基因来说就是Bb和Bb，因而I组的亲本的基因型组合是：aaBbⅹaaBb；II组子代只有黑面短角和白面短角，数量比为1：1，即只有短角（隐性性状），所以亲本就角这对基因型来说为bb和bb，子代有黑面和白面且数量比为1：1，所以亲本就面色这对基因型来说为Aa和aa，因而II组的亲本的基因型组合是：Aabbⅹaabb．
②由题意得出遗传图解：
由上用逆推法可知，因子二代有aa基因型，所以子一代个体必有a基因，子一代有a基因可推知亲代必有a基因，所以非纯种黑面长角羊的黑面基因型为Aa；又因子二代能出现白面长角羊，有可能出现短角羊（bb），并且长角羊可能为Bb，所以子一代有可能有b基因，从而推知亲本也可能有b基因，故非纯种黑面长角羊的长角基因型可为Bb，另外子二代也可能只出现白面长角羊，并且为纯种（aaBB），所以推知子一代无b基因，从而推知亲本也无b基因，故非纯种黑面长角羊的长角基因型可能为BB，由上可知，非纯种黑面长角羊的基因型为AaBB或AaBb，则杂交亲本的基因型组合有AABBⅹAaBB、AABBⅹAaBb．
（2）细胞质遗传的特点之一就是后代不能出现一定的分离比，注意但要出现性状分离．
（3）①多赛特羊交配后产生的正常受精卵的性染色体组成可能为XY和XX；克隆羊多利体细胞的性染色体是来自多塞特母羊的乳腺细胞核，所以其性染色体组成为XX；苏格兰羊的次级卵细胞含的X染色体复制后若着丝点还没有分裂，则只有一条X染色体，若在减数第二次裂后期着丝点分裂则有两条X染色体．
②多利的染色体是来自多塞特母羊的乳腺细胞核，而多塞特母羊的乳腺细胞是受精卵经过多次分裂形成的，即多利的体细胞分裂次数应比普通同龄绵羊的多，已知哺乳动物的端粒（由DNA组成的染色体末端结构）在个体发育开始后，随细胞分裂不断缩短，因此，多利的端粒长度应比普通同龄绵羊的短．
故答案：
（1）①aaBb×aaBb Aabb×aabb
②AABB×AaBB、AABB×AaBb
（2）不能
（3）①≤≥
②短
控制番茄果实颜色（红果对黄果为显性）与果实形状（长果对圆果为显性）的基因位于两对同源染色体上，现用红色长果番茄与黄色圆果番茄杂交，子代可能出现的表现型种类及比例是（ ）
正确答案
解析
解：A、若亲本红色长果番茄为纯合子AABB，与黄色圆果番茄aabb杂交，子代番茄的基因型都是AaBb，所以表现型只有一种，为红色长果，A正确；
B、若亲本红色长果番茄为AaBB或AABb，与黄色圆果番茄aabb杂交，子代番茄的基因型为AaBb、aaBb或AaBb、Aabb，所以表现型有两种，比例是1：1，B正确；
C、由于黄色圆果番茄的基因型为aabb，不论红色长果番茄基因型如何，都不可能产生1：2：1的后代，C错误；
D、若亲本红色长果番茄为杂合子AaBb，与黄色圆果番茄aabb杂交子代番茄的基因型为AaBb、aaBb、Aabb、aabb，所以表现型有四种，比例是1：1：1：1，D正确．
故选：ABD．
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