热门试卷

解：（1）显性基因A和B同时存在时，植株开紫花，因此开紫花植株（A_B_）的基因型有4种，即AABB、AABb、AaBB、AaBb．

（2～3）开紫花植株（A_B_）的基因型有4种，即AABB、AABb、AaBB、AaBb，其中AABB自交后代均开紫花；AaBb自交后代紫花植株：白花植株=9：7；AABb和AaBB自交，后代紫花植株：白花植株=3：1．

故答案为：

（1）4    AABB、AABb、AaBB、AaBb

（2）AABb    AaBB

（3）AABB

解：（1）根据以上分析已知低植酸、抗病是显性性状，亲本是AAbb、aaBB，子一代是AaBb，子二代开始出现性状分离，比例为9：3：3：1，出现了低植酸、抗病的植株中纯合子．

（2）该育种方法属于杂交育种，获得所需要的优良品种低植酸、抗病的植株是纯合子AABB．

故答案为：

（1）低植酸、抗病    F2    

（2）AABB       杂交育种

解：（1）根据题意可知，基因型为DD、YY可在胚胎时期就使个体死亡，故在该自然种群中，黄色短尾鼠的基因型可能为YyDd，F1代中的灰色短尾鼠的基因型为yyDd，雌雄鼠自由交配，基因频率D=，d=，则F2代中灰色短尾鼠的基因型及比例为：DD：Dd：dd=1：2：1，DD个体死亡，故F2代灰色短尾鼠占．

（2）根据图示可知，黄色鼠的基因型有三种：aaBB、aaBb和aabb；由题意知，青色鼠的基因型为A_B_，两只青色鼠交配，后代有黄色鼠，说明两只青色鼠都为Aa，后代无灰色鼠，则亲代必有一只基因型为为BB，故青色鼠其中一只基因型一定是AaBB；让多只基因型为AaBb的成鼠自由交配，相当于自交，理论上后代的基因型及表现型为A_B_：A_bb：（aaB_+aabb）=9：3：4=青色：灰色：黄色，由于黄色中有50%的个体死亡，则后代个体表现型比例为黄色：青色：灰色=2：9：3．

（3）要通过杂交实验探究褐色和黑色的显隐性关系，采取的方法最好是让褐色鼠和黑色鼠分开圈养，看谁能发生性状分离，不会发生性状分离的是隐性性状；要通过杂交实验探究控制体色的基因在X染色体或是常染色体上，应该选择的杂交组合是母本为隐性性状，父本为显性性状，即♀黑色×♂褐色，若后代雌性全部是褐色，雄性全部是黑色，则控制体色的基因在X染色体上；若雌雄全为褐色，或雌雄中均既有褐色，又有黑色，则控制体色的基因在常染色体上．此外，还可以通过调查统计雌雄不同性别中的性状表现比例进行判断．

故答案为：

（1）YyDd     　

（2）3　AaBB　2：9：3

（3）①分开圈养褐色鼠和黑色鼠，观察哪种鼠能发生性状分离

②♀黑色×♂褐色   　调查统计雌雄不同性别中的性状表现比例

解：（1）表格中控制红眼和白眼的基因在X染色体上，正交组合红眼♀×白眼♂的后代红眼：白眼=3：1，而反交组合红眼♂×白眼♀的后代红眼：白眼=1：1；控制灰身、黑身的基因在常染色体上，无论是正交还是反交，后代的性状分离比都是3：1．

（2）由题意可知控制灰身、黑身和长翅、残翅这两对性状的基因都在常染色体上．如果取纯种的灰身长翅和黑身残翅果蝇杂交，则F1全是灰身长翅（两对基因都杂合）；再让F1与黑身残翅果蝇测交，后代性状分离比为灰身长翅、黑身长翅、灰黑残翅、黑身残翅=1：1：1：1，说明这两对性状的遗传否符合基因的自由组合定律；如果不是1：1：1：1，则说明这两对性状的遗传不符合基因的自由组合定律（也可以让F1雌雄个体相互交配，若后代性灰身长翅、黑身长翅、灰黑残翅、黑身残翅=9：3：3：1，说明这两对性状的遗传否符合基因的自由组合定律；如果不是9：3：3：1，则说明这两对性状的遗传不符合基因的自由组合定律）．

（3）在伴X遗传中，母亲是隐性纯合子时，儿子肯定是隐性形状；当父亲是显性个体时，儿子肯定是显性性状（至少是显性杂合子），故题目中要求用一次交配实验即可证明这对基因位于何种染色体上，可以选择白眼雌果蝇（隐性性状）×红眼雄果蝇（显性性状）．

如果子代中雌果蝇全为红眼，雄果蝇全为白眼，则这对基因位于X染色体上；

如果子代中雌雄果蝇全为红眼，说明跟性别无关，这对基因位于常染色体上，且亲本基因组合为：RR×rr；

如果子代中雌雄果蝇全为既有红眼又有白眼，也说明跟性别无关，这对基因位于常染色体上，且亲本基因组合为：Rr×rr．

故答案为：

（1）红眼和白眼（R、r）　        常染色体上

（2）让F1与黑身残翅果蝇测交（或让F1相互交配）　        1：1：1：1（或9：3：3：1）

（3）白眼雌果蝇×红眼雄果蝇     ①X      ②常     ③常

解：（1）该遗传实验中，根据F2的性状分离比白毛：黑毛：褐毛=12：3：1，说明F1是BbIi，则亲代褐毛狗（bbii）和白毛狗（--I-）的基因型分别是：bbii、BBII．

（2）已知F1是BbIi，则F2中白毛狗的基因型有BBII、BbII、BBIi、BbIi、bbII、bbIi共6种，其中纯合子BBII、bbII的几率是=．

（3）欲鉴定F2中一只雄性黑毛狗是否为纯合子，可选择异性隐性个体，即雌性褐毛狗个体与之测交．

（4）该性状的遗传遵循基因的自由组合定律．

（5）如果让F2中褐毛狗（bbii）与F1（BbIi）回交，后代的基因型及比例是BbIi：Bbii：bbIi：bbii=1：1：1：1，所以其后代的表现型及其数量比应为白毛狗：黑毛狗：褐毛狗=2：1：1．遗传图解如下：

故答案为：

（1）bbii   BBII   

（2）6   

（3）雌性褐毛狗    

（4）基因自由组合定律

（5）

解：（1）由分析可知，翻翅是显性性状，由A控制；组合二的F1中，出现翻翅：正常翅=2：1现象的原因是基因型为AA的个体致死；组合二中的F1雌雄果蝇的基因型是Aa：aa=2：1，产生的雌雄配子的基因型及比例是：A：a=1：2，自由交配后代的基因型及比例是AA：Aa：aa=1：4：4，其中AA个体致死，因此自由交配后代的基因型及比例是Aa：aa=1：1，Aa表现为翻翅，aa表现为正常翅．

（2）由题意知，翻翅灰体果蝇与正常翅黑檀体果蝇杂交，后代都是灰体，说明灰体对黑体是显性亲本灰体的基因型是BB，黑体的基因型是bb；翻翅×正常翅，后代既有翻翅也有正常，亲本翻翅果蝇的基因型是Aa，正常翅果蝇的基因型是aa，因此对两对相对性状来说，亲本果蝇的基因型是AaBB、aabb；子一代中翻翅灰体果蝇的基因型是AaBB、AaBb，子一代自由交配，Aa×Aa→AA：Aa：aa=1：2：1，其中AA致死，因此翻翅：正常翅=2：1，对于灰体来说，只有Bb×Bb的后代出现黑体，黑体的概率是bb=，因此灰体：黑体=8：1，所以让F1中翻翅灰体果蝇相互交配，则其后代中翻翅灰体：翻翅黑檀体：正常翅灰体：正常翅黑檀体=16：2：8：1．

（3）由题意知，50只雌果蝇中，XRXR=30只，XRXr=15只，XrXr=5只，50只雄果蝇中，XRY=45只，XrY=5只，因此r的基因频率为（15+5×2+5）÷（50×2+50）×100%=20%．

（4）由题意知，红眼雌果蝇的基因型是XRXR或XRXr，红眼雄果蝇的基因型是XRY，二者杂交，后代出现了基因型为XrXrY的白眼果蝇，其中XrXr只能来自母方，雌果蝇在产生卵细胞的过程中，减数第二次分裂后期两条X染色体没有分离．

故答案为：

（1）翻翅    AA    翻翅：正常翅=1：1

（2）灰体    AaBB、aabb     16：2：8：1

（3）20%

（4）卵细胞    二

解：（1）根据实验一中F1自交→F2中有豌豆素：无豌豆素=3：13，是9：3：3：1的变形，所以可以推测：品系甲与品系乙存在两对等位基因的差异，F1为AaBb．根据假设，豌豆素的基因型为AAbb和Aabb．又由于甲、乙是纯系品种，所以基因型为AABB或aabb，再结合实验二可知品系甲为AABB，乙为aabb，野生型为AAbb．实验一中F2出现所示性状及其比例的原因是：F1产生配子时同源染色体上的等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合．

（2）为验证上述假设和推测，可采用测交法，即选用实验一的F1与品系乙杂交，如果后代表现为有豌豆素：无豌豆素=1：3，说明推测正确．

故答案为：

（1）两    AABB    aabb     同源染色体上的等位基因分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合

（2）选用实验一的F1与品系乙杂交     有豌豆素：无豌豆素=1：3