2015年高考真题 理综 (天津卷)
精品
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单选题 本大题共16小题,每小题6分,共96分。在每小题给出的4个选项中,有且只有一项是符合题目要求。
1
题型: 单选题
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分值: 6分

1.右下图表示生态系统、群落、种群和个体的从属关系。据图分析,下列叙述正确的是

A甲是生物进化的基本单位

B乙数量达到环境容纳量后不再发生波动

C丙是由生产者和消费者构成的

D丁多样性的形成受无机环境影响

正确答案

D

解析

甲乙丙丁按照从属关系是个体、种群、群落、生态系统,生物进化的基本单位是种群,故A错误;种群数量达到环境容纳量后,会形成波动性平衡,由于影响种群数量的因素很多如天敌、传染病等在不利条件下种群数量会减少甚至消亡,故B错误;群落指生活在一定的自然区域内,相互之间有直接或间接关系的各种生物的总和,不包括无机环境,所以C错误,缺少分解者;D正确,生物群落和无机环境共同构成生态系统,所以丁多样性的形成受无机环境影响。

考查方向

本题抽查生命系统的结构层次,考察学生对生命系统的层次结构知识内容的掌握情况,难度较小。

解题思路

梳理书本知识理清楚个体、种群、群落、生态系统之间的关系以及各自的定义,结合选项选出正确答案。

易错点

本题易混乱个体、种群、群落、生态系统之间的关系以及各自的定义,列如群落的定义容易忽视分解者。

1
题型: 单选题
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分值: 6分

2.鸡霍乱病原易菌易致鸡死亡。1880年,巴斯德用久置的鸡霍乱病原菌对鸡群进行注射,意外发现全部鸡存活。再次培养新鲜病原菌,并扩大鸡的注射范围,结果仅有部分鸡存活。进一步调查发现,存活鸡均接受过第一次注射。下列分析正确的是

A第一次注射时,所用的鸡霍乱病原菌相当于抗体

B第一次注射后,鸡霍乱病原菌诱导存活鸡产生了抗性变异

C第二次注射后,存活鸡体内相应记忆细胞参与了免疫反应

D第二次注射后,死亡鸡体内没有发生特异性免疫反应

正确答案

C

解析

第一次注射时,鸡霍乱病原菌相当于病原,故A错误;鸡霍乱病原菌第一次注射后,在鸡的体内以抗原的作用刺激机体产生抗体并产生记忆细胞,在第二次注射时鸡全部存活,故B错误,C正确;注射鸡霍乱病原菌后机体后突破前两道免疫防线后引发第三道特异性免疫,在击破第三道免疫防线后鸡体死亡,故D错误。

考查方向

本题考查学生对机体特异性免疫的掌握情况,难度适中。

解题思路

理解机体特异性免疫防线的运作机理和过程,掌握重点,理解题干意思结合选项选出答案。

易错点

容易忽视第三道特异性免疫防线发生的时间和机理,导致D选项判断失误,以及忽视记忆细胞产生的场所和作用。

1
题型: 单选题
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分值: 6分

3.小鼠胚胎干细胞可诱导成能分泌胰岛素的胰岛样细胞。将胰岛样细胞移植给患糖尿病小鼠,可使患病小鼠血糖恢复正常水平。下列叙述错误的是

A小鼠胚胎干细胞可来自对囊胚内细胞团的分离培养

B移植前,患病小鼠体内靶细胞缺失胰岛素受体

C移植后,小鼠体内靶细胞加强了对葡萄糖的摄取、利用和储存

D小鼠体内血糖浓度对胰高血糖素的分泌存在反馈调节

正确答案

B

解析

胚胎干细胞是由早期胚胎或原始性腺中分离出来的一类细胞,故A正确;移植胰岛样细胞进入小鼠体内后患病小鼠血糖恢复正常水平,表示小鼠体内缺少的是胰岛细胞,而并不是受体,故B错误;移植胰岛样细胞后胰岛样细胞分泌胰岛素,胰岛素作用于靶细胞促进靶细胞,加速葡萄糖的摄取利用转化和储存,故C正确;由书本知识可得机体血糖弄对过高会促进胰岛素的分泌抑制胰高血糖素,过低会促进胰高血糖素分泌会抑制胰岛素的分泌,故D正确。

考查方向

考查学生对胰岛素和胰高血糖素的作用机理以及两种糖尿病的类型掌握,难度适中。

解题思路

利用机体胰岛素和胰高血糖素的产生方式和作用以及两者之间的联系,结合题目要求选出正确答案。

易错点

对胰岛素和胰高血糖素的作用机理不清楚,忽视胚胎干细胞的来源作用。

1
题型: 单选题
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分值: 6分

6.2015年2月3日,英国议会下院通过一项历史性法案,允许以医学手段培育“三亲婴儿”。三亲婴儿的培育过程可选用如下技术路线。

据图分析,下列叙述错误的是

A该技术可避免母亲的线粒体遗传病基因传递给后代

B捐献者携带的红绿色盲基因不能遗传给三亲婴儿

C三亲婴儿的染色体全部来自母亲提供的细胞核

D三亲婴儿的培育还需要早期环胎培养和胚胎移植等技术

正确答案

C

解析

受体母亲提供细胞核,供体提供去核卵母细胞,这样就可以避免受体母亲的线粒体遗传物质,故A正确;红绿色盲是核遗传基因控制的遗传病,因此不会把红绿色盲基因遗传给三亲婴儿,故B正确;由图可知撒三亲婴儿的染色体来自母亲和父亲,故C错误;由图可知三亲婴儿的获得运用了动物细胞培养、核移植技术、体外受精形成早期胚胎需要进行早期胚胎培养等,故D正确。

考查方向

本题考查核移植技术、动物细胞培养、体外受精和早期胚胎培养、胚胎移植及细胞质遗传和核基因遗传等知识,难度适中

解题思路

观察题干中所给的流程关系图,结合遗传特点分析选项选出答案。

易错点

不知道红绿色盲的遗传是由哪种遗传基因控制的给C选项的判断带来麻烦。

1
题型: 单选题
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分值: 6分

5.为达到实验目的,必须在碱性条件下进行的实验是

A利用双缩脲试剂检测生物组织中的蛋白质

B测定胃蛋白酶分解蛋白质的最适温度

C利用重铬酸钾检测酵母菌培养液中的酒精

D观察植物细胞的质壁分离和复原

正确答案

A

解析

碱性条件下,铜离子与蛋白质生成紫色络合物,故A正确;胃蛋白酶的适宜PH约为2.0左右,因此测定胃蛋白酶分解蛋白质的最适温度需维持PH为2.0,故B错误;利用重铬酸钾检测酒精需要在酸性条件下进行,故C错误;观察植物细胞的质壁分离和复原实验需要保持细胞活性,强酸强碱会杀死细胞,因此一般在中性条件下进行,故D错误。

考查方向

考查学生对实验过程及要求的熟悉程度,难度较小。

解题思路

熟练记忆掌握书本中各个实验中对反应条件的要求。

易错点

各个实验相似的知识点容易混淆,反应机理不清晰。

1
题型: 单选题
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分值: 6分

20.物理学重视逻辑,崇尚理性,其理论总是建立在对事实观察的基础上,下列说法正确的是

A天然放射现象说明原子核内部是有结构的

B电子的发现使人认识到原子具有核式结构

C粒子散射实验的重要发现是电荷时量子化的

D密立根油滴实验表明核外电子的轨道是不连续的

正确答案

A

解析

电子的发现使人认识到原子可以再分,粒子散射实验的重要发现是原子具有核式结构,密立根油滴实验测出电子电荷量的大小

考查方向

原子物理的考查,难度较易

解题思路

原子物理的理解

易错点

物理实验与结果的对应

1
题型: 单选题
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分值: 6分

21..中国古人对许多自然现象有深刻认识,唐人张志和在《玄真子。涛之灵》中写道:“雨色映日而为虹”,从物理学的角度看,虹时太阳光经过雨滴的两次折射和一次反射形成的,右图是彩虹成因的简化示意图,其中a.b时两种不同频率的单色光,则两光

A在同种玻璃种传播,a光的传播速度一定大于b

B以相同角度斜射到同一玻璃板透过平行表面后,b光侧移量大

C分别照射同一光电管,若b光能引起光电效应,a光一定也能

D以相同的入射角从水中射入空气,在空气张只能看到一种光时,一定是a

正确答案

C

解析

由图得a光的折射率大,频率也大,由v=C/n得其速度小,以相同角度斜射到同一玻璃板透过平行表面后,a光侧移量大,由n=1/sinC

得a的全反射角度大

考查方向

折射率.光电效应

解题思路

根据光的偏折程度分析折射率,后考虑光电效应等问题

易错点

折射率与全反射的关系

1
题型: 单选题
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分值: 6分

22..图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图,a.b两质点的横坐标分别为,图乙为质点b从该时刻开始计时的振动图象,下列说法正确的是

A该波沿+x方向传播,波速为1m/s

B质点a经过4s振动的路程为4m

C此时刻质点a的速度沿+y方向

D质点at=2s时速度为零

正确答案

D

解析

由“山坡栽树法”得波向左传播,此时刻质点a的速度沿-y方向,4s是周期的一半,故质点a经过4s振动的路程为1m,质点at=2s时历时1/4个周期,故速度为零

考查方向

波与振动图像,难度不大

解题思路

波与振动图像的对应关系

易错点

波与振动图像的区别

1
题型: 单选题
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分值: 6分

23.未来的星际航行中,宇航员长期处于零重力状态,为缓解这种状态带来的不适,有人设想在未来的航天器上加装一段圆柱形“旋转仓”如图所示,当旋转舱绕其轴线匀速旋转时,宇航员站在旋转舱内圆柱形侧壁上,可以受到与他站在地球表面时相同大小的支持力,为达到目的,下列说法正确的是

A旋转舱的半径越大,转动的角速度就应越大

B旋转舱的半径越大,转动的角速度就应越小

C宇航员质量越大,旋转舱的角速度就应越大

D宇航员质量越大,旋转舱的角速度就应越小

正确答案

B

解析

本题考查向心加速度是等效重力问题,有题意知旋转舱对宇航员的支持力等于他的重力,所以,旋转舱的半径越大,转动的角速度越小,与宇航员的质量的无关,A.C.D错误,B正确;故选B。

考查方向

向心加速度,难度适中

解题思路

向心加速度表达式考虑

易错点

向心加速度与质量无关

1
题型: 单选题
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分值: 6分

24..如图所示,固定的竖直光滑长杆上套有质量为m的小圆环,圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接,弹簧的另一端连接在墙上,并且处于原长状态,现让圆环由静止开始下滑,已知弹簧原长为L,圆环下滑到最大距离时弹簧的长度变为2L(未超过弹性限度),则在圆环下滑到最大距离的过程中

A圆环的机械能守恒

B弹簧弹性势能变化了

C圆环下滑到最大距离时,所受合力为零

D圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变

正确答案

B

解析

对圆环受力分析得圆环的机械能不守恒,由动能定理和几何关系得弹簧弹性势能变化了,圆环下滑到最大距离时,所受合力不为零,圆环重力势能.动能与弹簧弹性势能之和保持不变

考查方向

机械能守恒.能量守恒.动能定理,难度适中

解题思路

能量守恒考虑

易错点

圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变

1
题型: 单选题
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分值: 6分

42.下列有关“化学与生活”的叙述不正确的是

A点燃爆竹后,硫燃烧生成SO3

B中国古代利用明矾溶液的酸性清除铜镜表面的铜锈

C服用阿司匹林出现水杨酸反应时,用NaHCO3溶液解毒

D使用含钙离子浓度较大的地下水洗衣服,肥皂去污能力减弱

正确答案

A

解析

A.硫在空气或氧气中燃烧生成二氧化硫,不能生成SO3,故A错误;B.明矾溶液中Al3+水解使溶液呈酸性,铜锈为Cu2(OH)2CO3,溶于酸性溶液,故利用明矾溶液的酸性清除铜镜表面的铜锈,故B正确;C.水杨酸为邻羟基苯甲酸,含有羧基、酚羟基,羧基能与碳酸氢钠反应生成二氧化碳,服用阿司匹林出现水杨酸反应时,可以用NaHCO3溶液解毒,故C正确;D.肥皂有效成分为高级脂肪酸钠盐,用含钙离子浓度较大的地下水洗衣服,高级脂肪酸钠盐会与钙离子反应生成难溶的高级脂肪酸钙,使肥皂去污能力减弱,故D正确, 故选A.

考查方向

"三废"处理与环境保护;铜金属及其重要化合物的主要性质;药物的主要成分和疗效.

解题思路

A.硫在空气或氧气中燃烧生成二氧化硫;  B.明矾溶液中Al3+水解使溶液呈酸性,铜锈为Cu2(OH)2CO3,溶于酸性溶液; C.水杨酸为邻羟基苯甲酸,含有羧基、酚羟基,羧基能与碳酸氢钠反应; D.肥皂有效成分为高级脂肪酸钠盐,会与钙离子反应生成难溶的高级脂肪酸钙.

易错点

本题考查化学与生活,比较基础,体现了化学知识在生产、生活中的应用.

1
题型: 单选题
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分值: 6分

44.下列说法不正确的是

ANa与H2O的反应是熵增的放热反应,该反应能自发进行

B饱和Na2SO4溶液或浓硝酸均可使蛋白质溶液产生沉淀,但原理不同

CFeCl3和MnO2均可加快H2O2解,同等条件下二者对H2O2解速率的改变相同

DMg(OH)2固体在溶液中存在平衡:Mg(OH)2(s)Mg2+(aq)+2OH(aq),该固体可溶于NH4Cl溶液

正确答案

C

解析

A.Na与水反应为固体与液态反应生成气体,该反应为熵增反应,即△S>O,反应中钠熔化为小球,说明反应放出大量的热,即△H<0,则△G=△H﹣T△S<0,故该反应自发进行,故A正确;B.饱和Na2SO4溶液或浓硝酸均可使蛋白质溶液产生沉淀,饱和Na2SO4溶液降低蛋白质溶解度,为盐析现象,为可逆过程,再加入水可以溶解,硝酸具有强氧化性,使蛋白质变性,过程不可能,二者原理不同,故B正确;C.FeCl3和MnO2对H2O2解催化效果不相同,同等条件下对H2O2解速率的改变不相同,故C错误; D.NH4Cl溶液中铵根离子水解呈酸性,消耗Mg(OH)2(s)溶解平衡中的氢氧根离子,使Mg(OH)2(s)⇌Mg2+(aq)+2OH(aq)平衡右移,故Mg(OH)2可溶于NH4Cl溶液,故D正确,故选C.

考查方向

焓变和熵变;化学反应速率的影响因素;难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质;氨基酸、蛋白质的结构和性质特点.

解题思路

A.该反应为固体与液态反应生成气体,该反应为熵增反应,反应放出大量的热,结合△G=△H﹣T△S<0,反应自发进行;B.饱和Na2SO4溶液或浓硝酸均可使蛋白质溶液产生沉淀,前者为盐析,后者为蛋白质变性;C.FeCl3和MnO2对H2O2解催化效果不相同;D.NH4Cl溶液中铵根离子水解呈酸性,消耗Mg(OH)2(s)溶解平衡中的氢氧根离子,平衡右移.

易错点

本题侧重对化学反应原理考查,涉及反应自发性判断、蛋白质的性质、反应速率影响因素、沉淀溶解平衡等,注意B选项中蛋白质变性的一些方法,难度不大.

1
题型: 单选题
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分值: 6分

43.下列关于物质或离子检验的叙述正确的是

A在溶液中加KSCN,溶液显红色,证明原溶液中有Fe3+,无Fe2+

B气体通过无水CuSO4,粉末变蓝,证明原气体中含有水蒸气

C灼烧白色粉末,火焰成黄色,证明原粉末中有Na+,无K+

D将气体通入澄清石灰水,溶液变浑浊,证明原气体是CO2

正确答案

B

解析

A.Fe3+遇KSCN会使溶液呈现红色,Fe2+遇KSCN不反应无现象,如果该溶液既含Fe3+,又含Fe2+,滴加KSCN 溶液,溶液呈红色,则证明存在Fe3+,并不能证明无Fe2+,故A错误;

B.气体通过无水硫酸铜,粉末变蓝,则发生反应:CuSO4+5H2O═CuSO4•5H2O,可证明原气体中含有水蒸气,故B正确;   C.灼烧白色粉末,火焰成黄色,证明原粉末中有Na+,并不能证明无K+,Na+焰色反应为黄色,可遮住紫光,K+焰色反应需透过蓝色的钴玻璃滤去黄光后观察,故C错误;   D.能使澄清石灰水变浑浊的气体有CO2、SO2等,故将气体通入澄清石灰水,溶液变浑浊,则原气体不一定是CO2,故D错误,故选B.

考查方向

常见阳离子的检验.

解题思路

A.如果该溶液既含Fe3+,又含Fe2+,滴加KSCN溶液,溶液呈红色,证明存在Fe3+,并不能证明无Fe2+;   B.无水硫酸铜吸水变为CuSO4•5H2O,白色粉末变蓝,可证明原气体中含有水蒸气;   C.灼烧白色粉末,火焰成黄色,证明原粉末中有Na+,不能证明无K+,因为黄光可遮住紫光,K+焰色反应需透过蓝色的钴玻璃滤去黄光后观察; D.能使澄清石灰水变浑浊的气体有CO2、SO2等.

易错点

本题考查常见物质及离子检验,侧重对基础知识的考查,注意对基础知识的掌握积累.

1
题型: 单选题
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分值: 6分

45.锌铜原电池装置如图所示,其中阳离子交换膜只允许阳离子和水分子通过,下列有关叙述正确的是

A铜电极上发生氧化反应

B电池工作一段时间后,甲池的c(SO42-)减小

C电池工作一段时间后,乙池溶液的总质量增加

D阴阳离子分别通过交换膜向负极和正极移动,保持溶液中电荷平衡

正确答案

C

解析

A.由图象可知,该原电池反应式为:Zn+Cu2+=Zn2++Cu,Zn为负极,发生氧化反应,Cu为正极,发生还原反应,故A错误;B.阳离子交换膜只允许阳离子和水分子通过,故两池中c(SO42﹣)不变,故B错误; C.甲池中的Zn2+通过阳离子交换膜进入乙池,乙池中发生反应:Cu2++2e=Cu,保持溶液呈电中性,进入乙池的Zn2+与放电的Cu2+的物质的量相等,而Zn的摩尔质量大于Cu,故乙池溶液总质量增大,故C正确;D.甲池中的Zn2+通过阳离子交换膜进入乙池,以保持溶液电荷守恒,阴离子不能通过阳离子交换膜,故D错误.故选C.

考查方向

原电池和电解池的工作原理.

解题思路

由图象可知,该原电池反应式为:Zn+Cu2+=Zn2++Cu,Zn发生氧化反应,为负极,Cu电极上发生还原反应,为正极,阳离子交换膜只允许阳离子和水分子通过,两池溶液中硫酸根浓度不变,随反应进行,甲池中的Zn2+通过阳离子交换膜进入乙池,以保持溶液呈电中性,进入乙池的Zn2+与放电的Cu2+的物质的量相等,而Zn的摩尔质量大于Cu,故乙池溶液总质量增大.

易错点

本题侧重对化学反应原理考查,涉及反应自发性判断、蛋白质的性质、反应速率影响因素、沉淀溶解平衡等,注意B选项中蛋白质变性的一些方法,难度不大.

1
题型: 单选题
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分值: 6分

46.室温下,将0.05mol Na2CO3固体溶于水配成100mL溶液,向溶液中加入下列物质,有关结论正确的是

A

B

C

D

正确答案

B

解析

【解析】n(Na2CO3)=0.05mol,碳酸钠是强碱弱酸盐,碳酸根离子水解导致溶液呈碱性,水解方程式为CO32﹣+H2O⇌HCO3+OH,A.n(H2SO4)=1mol/L×0.05L=0.05mol,H2SO4和Na2CO3反应方程式为Na2CO3+H2SO4=Na2SO4+CO2↑+H2O,根据方程式知,二者恰好反应生成强酸强碱溶液Na2SO4,溶液呈中性,则c(H+)=c(OH),根据电荷守恒得(Na+)=2c(SO42﹣),故A错误;B.CaO+H2O=Ca(OH)2、Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH,随着CO32﹣的消耗,CO32﹣+H2O⇌HCO3+OH向左移动,n(HCO3)减小,反应生成OH,则n(OH)增大,导致溶液中 增大,故B正确;

C.加水稀释促进碳酸钠水解,则由水电离出的n(H+)、n(OH)都增大,c(H+)与c(OH)减小,c(H+)•c(OH)减小,故C错误;

D.NaHSO4和Na2CO3反应方程式为:2NaHSO4+Na2CO3=Na2SO4+H2O+CO2↑,根据方程式知,二者恰好反应生成Na2SO4、H2O、CO2,溶液中的溶质是硫酸钠,溶液呈中性,溶液由碱性变为中性,溶液的pH减小,因为硫酸氢钠中含有钠离子,所以c(Na+)增大,故D错误;

故选B.

考查方向

离子浓度大小的比较.

解题思路

【解题思路】n(Na2CO3)=0.05mol,碳酸钠是强碱弱酸盐,碳酸根离子水解导致溶液呈碱性,水解方程式为CO32﹣+H2O⇌HCO3+OH, A.n(H2SO4)=1mol/L×0.05L=0.05mol,H2SO4和Na2CO3反应方程式为Na2CO3+H2SO4=Na2SO4+CO2↑+H2O,根据方程式知,二者恰好反应生成强酸强碱溶液Na2SO4,溶液呈中性,根据电荷守恒判断c(Na+)、c(SO42﹣)相对大小;B.CaO+H2O=Ca(OH)2、Ca(OH)2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH,所以得CaO+H2O+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH,根据方程式知,二者恰好反应生成NaOH,反应后溶液中的溶质是NaOH;C.加水稀释促进碳酸钠水解;D.NaHSO4和Na2CO3反应方程式为:2NaHSO4+Na2CO3=Na2SO4+H2O+CO2↑,根据方程式知,二者恰好反应生成Na2SO4、H2O、CO2,溶液中的溶质是硫酸钠,溶液呈中性.

易错点

本题考查离子浓度大小比较,明确盐类水解原理及物质之间的反应是解本题关键,结合电荷守恒、盐类水解特点分析解答,易错选项是C,注意C中计算的是水电离出的c(H+).c(OH)之积而不是溶液中c(H+).c(OH)之积,为易错点.

1
题型: 单选题
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分值: 6分

47.某温度下,在2L的密闭容器中,加入1molX(g)和2molY(g)发生反应:X(g)+m Y(g)3Z(g),平衡时,X、Y、Z的体积分数分别为30%、60%、10%。在此平衡体系中加入1molZ(g),再次达到平衡后,X、Y、Z的体积分数不变。下列叙述不正确的是

Am=2

B两次平衡的平衡常数相同

CX与Y的平衡转化率之比为1∶1

D第二次平衡时,Z的浓度为0.4 mol·L-1

正确答案

D

解析

A.平衡时,X、Y、Z的体积分数分别为30%、60%、10%,在此平衡体系中加入1molZ(g),再将达到平衡后,X、Y、Z的体积分数不变,说明反应前后气体计量数之和不变,所以m=2,故A正确;B.平衡常数只与温度有关,温度不变,平衡常数不变,所以两次平衡的平衡常数相同,故B正确 C.设第一次达到平衡状态时X参加反应的物质的量为amol,

X(g)+2Y(g)⇌3Z(g)

开始(mol)  1      2       0

转化(mol)  a      2a     3a

平衡(mol)(1﹣a)(2﹣2a)  3a

相同条件下,气体的体积与物质的量成正比,所以其体积分数等于其物质的量分数,即(1﹣a):(2﹣2a):3a=30%:60%:10%,所以a=0.1,则参加反应的△n(X)=0.1mol、△n(Y)=0.2mol,

转化率=,X的转化率==10%,Y的转化率==10%,所以X和Y的转化率之比为1:1,故C正确; D.该反应的反应前后气体计量数之和不变,第一次反应是按照X、Y的计量数之比来投料,所以第二次平衡与第一次平衡是等效平衡,两次平衡后各物质的含量不变,投入Z后,设Z参加反应的物质的量为3bmol,

X(g)+2Y(g)⇌3Z(g)

第一次平衡(mol):0.9      1.8       0.3

加入1molZ:      0.9      1.8       1.3

转化:            b       2b        3b

第二次平衡(mol):(0.9+b) (1.8+2b)(1.3﹣3b)

各物质含量不变,所以(0.9+b):(1.8+2b):(1.3﹣3b)=30%:60%:10%=3:6:1,

b=0.3,n(Z)=(1.3﹣0.9)mol=0.4mol,Z的物质的量浓度==0.2mol/L,故D错误;故选D.

考查方向

化学平衡的计算.

解题思路

【解题思路】 A.平衡时,X、Y、Z的体积分数分别为30%、60%、10%,在此平衡体系中加入1molZ(g),再将达到平衡后,X、Y、Z的体积分数不变,说明反应前后气体计量数之和不变;

B.平衡常数只与温度有关,温度不变,平衡常数不变;   C.设第一次达到平衡状态时X参加反应的物质的量为amol,根据转化率=进行计算; D.该反应的反应前后气体计量数之和不变,第一次反应是按照X、Y的计量数之比来投料,所以第二次平衡与第一次平衡是等效平衡,两次平衡后各物质的含量不变,据此解答.

易错点

本题考查化学平衡计算、等效平衡、平衡常数等知识点,侧重考查学生分析计算能力,注意平衡常数、电离平衡常数、溶度积常数、盐类水解平衡常数都只与温度有关,与浓度无关,难点是D选项计算,题目难度中等.

简答题(综合题) 本大题共180分。简答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
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题型:简答题
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分值: 13分

白粉菌和条锈菌能分别导致小麦感白粉病和条锈病,引起减产。采用适宜播种方式可控制感病程度。下表是株高和株型相近的小麦A、B两品种在不同播种方式下的实验结果。

注:“+”的数目表示感染程度或产量高低;“-”表示未感染。

据表回答:

16.抗白粉病的小麦品种是_______________,判断依据是______________________。

17.设计Ⅳ、Ⅴ两组实验,可探究______________________。

18.Ⅰ、Ⅲ、Ⅳ三组相比,第Ⅲ组产量最高,原因是________________________________。

19.小麦抗条锈病性状由基因T/t控制,抗白粉病性状由基因R/r控制,两对等位基因位于非同源染色体上,以A、B品种的植株为亲本,取其F2中的甲、乙、丙单株自交,收获籽粒并分别播种于不同处理的试验小区中,统计各区F3中的无病植株比例,结果如下表。

据表推测,甲的基因型是______________,乙的基因型是___________,双菌感染后丙的子代中无病植株的比例为________。

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

【答案】A;  Ⅰ、Ⅱ组小麦未感染白粉病

解析

由表格信息知Ⅰ、Ⅱ都未感染白粉病由此知A品种具有抗白粉病的特性。

考查方向

考查学生对表格的理解能力,难度较小。

解题思路

结合表格信息可知Ⅰ、Ⅱ组均未患白粉病。

易错点

读表不透彻。

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

植株密度对B品种小麦感病程度及产量的影响

解析

Ⅳ、Ⅴ的自变量是B品种的种植密度,应变量是白粉病、条锈病的感染程度和单位面积产量,由此可推知Ⅳ、Ⅴ两组实验探究的B品种的种植密度对该品种的感病程度和产量的影响。

考查方向

考查学生对题干信息的敏感程度以及分析能力,难度适中。

解题思路

比较Ⅳ、Ⅴ中惟一的变量就是B品种的种植密度,由此可得出结论。

易错点

容易审题不清,表意不明。

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

混播后小麦感病程度下降

解析

由表中信息可知混播可降低B品种患白粉病的程度和A品种患条锈病的程度,即混播降低了小麦的感病程度。

考查方向

考查学生对题目信息的归纳和总结,难度较小。

解题思路

结合表格分析Ⅰ、Ⅲ、Ⅳ三组异同点。

易错点

分析能力较差表意不清。

第(4)小题正确答案及相关解析

正确答案

Ttrr;   ttRr;  18.75%(或3/16)

解析

由表格信息知:丙自交子代患条锈病:不患条锈病=75:25=3:1,患白粉病:不患白粉病=25:75=1:3,由此可知:患条锈病病为显性性状(T),不患条锈病为隐性性状(t);不患白粉病为显性性状(R),患白粉病为隐性性状(r),推知丙的基因型为TtRr,甲自交子代患条锈病:不患条锈病=75:25=3:1,全患白粉病,由此可推知甲的基因型为Ttrr。乙自交子代患白粉病:不患白粉病=25:75=1:3,换不不患条锈病,由此可推知乙的基因型是ttRr。丙的基因型是TtRr,自交后代中既不患条锈病又不患白粉病的基因型是ttR-,概率为1/4*3/4=3/16。

考查方向

考查学生对实验知识的掌握以及遗传中基因型的推断能力,难度较大。

解题思路

首先根据图表得出比值,判断各个性状的显隐性,在根据题目信息判断写出甲乙丙的基因型,得出答案。

易错点

显隐形判断,以及丙的自交后代中既不患条锈病又不患白粉病的基因型有多种,容易遗漏造成比例误差。

1
题型:简答题
|
分值: 15分

DHA对脑神经发育至关重要。以A、B两种单细胞真核藻为亲本,利用细胞融合技术选育高产DHA融合藻。两种藻特性如下表。

据表回答:

7.选育的融合藻应具有A藻               与B藻                的优点。

8.诱导融合前需用纤维素酶处理两种藻,其目的是获得                  

9.通过以下三步筛选融合藻,步骤       可淘汰B藻,步骤       可淘汰生长速率较慢的藻落,再通过步骤       获取生产所需的融合藻。

步骤a:观察藻落的大小

步骤b:用不含有机碳源(碳源——生物生长的碳素来源)的培养基进行光照培养

步骤c:测定DHA含量

10.

①甲组条件下,融合藻产生[H]的细胞器是      ;丙组条件下产生ATP的细胞器是     

②与甲、丙两组相比,乙组融合藻生长速率较快,原因是在该培养条件下            。甲、乙两组DHA产量均较高,但实际生产中往往采用甲组的培养条件,其原因是     

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

产生DHA,自养特性;  快速生长

解析

由表格信息可知选育的融合藻要具有A藻的自养性能且能产生DHC,还要具有B藻生长速率快的特点。

考查方向

考查学生对植物细胞融合的掌握情况难度较小。

解题思路

仔细分析题目表格信息,看清各自取了A、B两藻哪些优点。

易错点

容易混淆A,B之间的特点。

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

原生质体

解析

纤维素酶的作用是去植物细胞壁,故使用纤维素酶后得到的是原生质体。

考查方向

考察考生对植物组织培养技术尤其是细胞融合过程的掌握以及对表格信息获取能力的考查,难度较小。

解题思路

了解纤维素酶的作用和植物细胞壁的基本构成物质是纤维素。

易错点

考生容易忽视纤维素酶和果胶酶的作用,和对植物细胞融合过程的不熟悉。

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

b;  a;   c

解析

用不含有机碳源(碳源-生物生长的碳素来源)的培养进行光照培养可淘汰B藻和BB融合型藻类,观察藻落得大小,可淘汰生长速率较慢的藻落,再通过测定DHC含量的步骤获取生产所需的融合藻、

考查方向

考查学生对实验的分析能力以及筛选这类题目的分析能力,难度较小。

解题思路

使用单一变量法将不是我们所需要的副产物筛选出来,要知道每一个副产物与其他产物最有代表性的区别是什么,再利用这个特性将其分离,故选育出我们想要的产物。

易错点

考生容易忽视A、AA、B、BB这四种副产物其中的某一种,考虑不周到,以及无法判断副产物和其他产物的区别。

第(4)小题正确答案及相关解析

正确答案

①线粒体、叶绿体;  线粒体②融合藻既能光能自养又能异养;  融合藻利用光能和简单的无机物即能生长,不需添加葡萄糖,可降低成本,也可防止杂菌生长

解析

由图可知,甲组在光照下可产生[H]的细胞器为线粒体、叶绿体;丙组在黑暗下进行实验,没有光合作用,故产生ATP的反应只有呼吸作用,为线粒体;乙组和甲组相比既有光照又有葡萄糖提供营养物质,故乙组的有利条件比甲丙两组都多,生长速率也最快;乙组比甲组多加了葡萄糖增加的成本到同时也为杂菌提供了营养物质,故相比之下采用甲组的培养方式。

考查方向

考查考生对实验的分析理解能力以及对呼吸作用和光合作用的掌握情况,难度适中。

解题思路

分析甲乙丙三组实验中的变量,结合题目意思得出正确答案。

易错点

容易忽视葡萄糖的加入会引起杂菌的生长污染培养基。

1
题型:简答题
|
分值: 16分

纤维素分子不能进入酵母细胞,为了使酵母菌能够利用环境中的纤维素为原料生产酒精,构建了含3种不同基因片段的重组质粒,下面是酵母菌转化及纤维素酶在工程菌内合成与运输的示意图。

据图回答:

11.本研究构建重组质粒时可选用四种限制酶,其识别序列如下图,为防止酶切片段的自身连接,可选用的限制酶组合是______或__________。

A①②

B①③

C②④

D③④

12.设置菌株Ⅰ为对照,是为了验证__________不携带纤维素酶基因。

13.纤维素酶基因的表达包括__________和__________过程。与菌株Ⅱ相比,在菌株Ⅲ、Ⅳ中参与纤维素酶合成和分泌的细胞器还有______________________________。

14.在以纤维素为唯一碳源的培养基上分别培养菌株Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ,菌株___________不能存活,原因是_________________________________。

15.酵母菌生产酒精的细胞部位是___________,产生酒精时细胞的呼吸方式是___________。在利用纤维素生产酒精时,菌株Ⅳ更具有优势,因为导入的重组质粒含有____________,使分泌的纤维素酶固定于细胞壁,减少因培养液更新而造成的酶的流失,提高酶的利用率。

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

B

解析

为防止酶切片段自身环节,需要用不同的限制酶进行切割,且不同酶切割前后产生的粘性末端不同。限制酶①和限制酶②切割后产生的黏性末端相同,限制酶③和限制酶④切割后产生的黏性末端相同,由此可知符合题目要求的限制酶组合是①③ 、①④、②③、②④、由此可知该题的正确答案是B或C(C或B)。

考查方向

本题考查基因工程中限制酶的相关知识,实验设计的分析、基因表达、微生物的筛选、细胞呼吸等知识。

解题思路

看清题目,找出哪几个是限制酶组合,在结合题目要求选出正确答案。

易错点

不会找出相同的黏性末端,将限制酶进行配对。

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

质粒DNA和酵母菌基因组

解析

选用菌株Ⅰ作为对照,将质粒DNA导入酵母菌,验证质粒DNA和酵母菌的基因组均不携带纤维素酶基因,不能产生纤维素酶。

考查方向

考查学生对实验中无关变量的掌握理解和掌握质粒DNA和酵母菌基因组的作用,难度较小。

解题思路

找出菌株Ⅰ和其他几个菌株之间的不同点,和质粒DNA和酵母菌基因组的作用。

易错点

容易忽视质粒酵母菌基因组。

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

转录;  翻译;  内质网、高尔基体

解析

基因的表达包括转录和翻译两个过程。从图中可知,菌株Ⅱ能够合成纤维素酶,单并不能分泌到细胞外,而菌株Ⅲ和菌株Ⅳ不仅可以产生纤维素酶还可以将纤维素酶分泌到细胞外,纤维素酶的本质是蛋白质,由核糖体合成,再由内质网和高尔基体进一步加工和分泌,因此相比菌株Ⅱ,菌株Ⅲ和菌株Ⅳ参与纤维素酶合成和分泌的细胞器还有内质网和高尔基体。

考查方向

考查了学生是否了解纤维素酶的本质以及蛋白质合成加工的步骤,难度较小。

解题思路

对课本知识的掌握熟练,由题可知菌株Ⅲ和菌株Ⅳ不仅能合成纤维素酶还能将其分泌到细胞外,再由内质网和高尔基体的加工。

易错点

不知道菌株Ⅱ与菌株Ⅲ和菌株Ⅳ的区别是后者可以将纤维素酶运输到细胞外。

第(4)小题正确答案及相关解析

正确答案

Ⅱ; 缺少信号肽编码序列,合成的纤维素酶不能分泌到胞外,细胞无可利用的碳源

解析

培养基中唯一的碳源是纤维素,因为纤维素不能进入到酵母菌细胞中,而由图可知,菌株Ⅱ中缺少信号肽编码序列,其合成的纤维素酶不能分泌到细胞外促进纤维素分解为葡萄糖。酵母菌无法得到生长所需的碳源,因此无法生长。而菌株Ⅲ和菌株Ⅳ可以分泌纤维素酶,利用纤维素分解产生的葡萄糖生长繁殖。

考查方向

考查学生对题目信息的获取能力和分析能力,难度适中。

解题思路

由题目可知菌株Ⅱ没有信号肽编码序列故纤维素酶无法让细胞利用。

易错点

学生无法分析出信号肽编码序列的作用。

第(5)小题正确答案及相关解析

正确答案

细胞质基质;  无氧呼吸; A基因片段

解析

酵母菌进行无氧呼吸产生酒精,无氧呼吸第二阶段,丙酮酸在各种酶的作用下分解成酒精和二氧化碳,该过程发生在细胞质基质中;比较菌株Ⅲ和菌株Ⅳ的重组质粒,菌株Ⅳ的重组质粒中多了A基因片段,且菌株Ⅳ的纤维素酶均固定在细胞壁上,相比菌株Ⅲ,培养液更换时可减少酶的流失,提高利用率。

考查方向

考查学生对无氧呼吸知识点和重组质粒的掌握情况。

解题思路

结合所学无氧呼吸知识得出答案,和对重铸质粒的构造及各基因片段作用的理解。

易错点

无氧呼吸的各个步骤容易混淆,酵母菌无氧呼吸类型的判断。

1
题型:简答题
|
分值: 18分

实验题

28.如图所示,在光滑水平面的左侧固定一竖直挡板,A球在水平面上静止放置,B球向左运动与A球发生正碰,B球碰撞前.后的速率之比为3:1,A球垂直撞向挡板,碰后原速率返回,两球刚好不发生碰撞,AB两球的质量之比为__________,AB碰撞前.后两球总动能之比为_______________

29.某同学利用单摆测量重力加速度

①为了使测量误差尽量小,下列说法正确的是__________

A组装单摆须选用密度和直径都较小的摆球

B组装单摆须选用轻且不易伸长的细线

C实验时须使摆球在同一竖直面内摆动

D摆长一定的情况下,摆的振幅尽量大

30.如图所示,在物理支架的竖直立柱上固定有摆长约为1m的单摆,实验时,由于仅有量程为20cm.精度为1mm的钢板刻度尺,于是他先使摆球自然下垂,在竖直立柱上与摆球最下端处于同一水平面的位置做一标记点,测出单摆的周期;然后保持悬点位置不变,设法将摆长缩短一些,再次使摆球自然下垂,用同样方法在竖直立柱上做另一标记点,并测出单摆周期;最后用钢板刻度尺量出竖直立柱上两标记点之间的距离,用上述测量结果,写出重力加速度的表达式g=____________

31.

用电流表和电压表测定由三节干电池串联组成的电池组(电动势约为45V,内电阻约为1Ω)的电动势和内电阻,除了待测电池组,电建,导线外,还有下列器材供选用;

A电流表:量程06A,内电阻约为1Ω

B电流表:量程3A,内电阻约为02Ω

C电压表:量程3V,内电阻约为30kΩ

D电压表:量程6V,内电阻约为60kΩ

E滑动变阻器:0-1000Ω,额定电流05A

F滑动变阻器:0-20Ω,额定电流2A

①为了使测量结果尽量准确,电流表应选用_______,电压表选用_______,滑动变阻器选用_______(均填仪器的字母代号)

32.右图为正确选择仪器后,连好的部分电路,为了使测量误差尽量小,还需要在电路中用导线将_______和_______相连._______和_______相连._______和_______相连(均填仪器上接线柱的字母代号)

33.

实验时发现电流表坏了,于是不再使用电流表,剩余仪器中仅用电阻箱替换掉滑动变阻器,重新连接电路,仍能完成实验,实验中读出几组电阻箱的阻值R和对应电压表的示数U;用图像法处理采集到数据,为在直角坐标系中得到的函数图像是一条直线,则可以_______为纵坐标,以_______为横坐

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

4:1  9:5

解析

A球垂直撞向挡板,碰后原速率返回,两球刚好不发生碰撞说明此时两者速度相同,对A.B碰撞的瞬间由动量守恒:①,②由①②得;A.B碰前的动能③A.B碰撞后的动能: ④综合①②③④得

考查方向

动量守恒定律

解题思路

动量守恒定律列方程,题目条件找关系

易错点

碰前后的速度关系

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

B,C

解析

摆球要求重而小,而且摆线不能伸长,摆球在同一竖直面内摆动,振幅无要求

考查方向

单摆考查,难度适中

解题思路

单摆的特点分析

易错点

误差分析

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

由单摆周期公式T=2π√L/g分别对两种摆长的单摆列方程组求解有:设第一次的摆场为l1,第二次的摆长l2,小球的半径为r,由单摆的周期公式知②由题意知:③,由①②③得

考查方向

单摆的考查,难度适中

解题思路

单摆公式解方程

易错点

解方程

第(4)小题正确答案及相关解析

正确答案

A

解析

电动势约为45V,故选择6V的量程,干电池故电流选择06A滑动变阻器安全的基础上选择小量程的,方便准确

考查方向

仪器的选取,难度较易

解题思路

由题目给出的数据分析

易错点

选取仪表

第(5)小题正确答案及相关解析

正确答案

ad  cg  fh

解析

测量电动势和内电阻,电流表采用内接法,滑动变阻器采用分压式连接

考查方向

电学实验电路分析,难度适中

解题思路

测量电路和控制电路的设计

易错点

电路设计

第(6)小题正确答案及相关解析

正确答案

1/u   1/R

解析

由闭合电路的欧姆定律写出方程,即:得:,所以纵轴为,横轴为得到的函数图像是一条直线。

得出1/u 与 1/R满足线性关系

考查方向

闭合电路的欧姆定律.数学能力的考查

解题思路

闭合电路的欧姆定律写方程

易错点

找函数关系

1
题型:简答题
|
分值: 18分

如图所示,凸字形硬质金属线框质量为m,相邻各边互相垂直,且处于同一竖直平面内,ab边长为l,cd边长为2labcd平行,间距为2l。匀强磁场区域的上下边界均水平,磁场方向垂直于线框所在平面。开始时,cd边到磁场上边界的距离为2l,线框由静止释放,从cd边进入磁场直到ef.pq边进入磁场前,线框做匀速运动,在ef.pq边离开磁场后,ab边离开磁场之前,线框又做匀速运动。线框完全穿过磁场过程中产生的热量为Q。线框在下落过程中始终处于原竖直平面内,且ab.cd边保持水平,重力加速度为g;求

37.线框ab边将离开磁场时做匀速运动的速度大小是cd边刚进入磁场时的 几倍

38.磁场上下边界间的距离H

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

4倍

解析

(1)设磁场的磁感应强度大小为Bcd边刚进入磁场时,线框做匀速运动的速度为v1cd边上的感应电动势为E1,由法拉第电磁感应定律,有①设线框总电阻为R,此时线框中电流为I1,由闭合电路的欧姆定律,有②设此时线框所受安培力为F1,有③由于线框做匀速运动,其受力平衡,有④由①②③④得

⑤设ab边离开磁场之前,线框做匀速运动的速度为v2,同理可得⑥由⑤⑥得

考查方向

安培力.感应电动势.匀速运动的考查,难度较大

解题思路

线框做匀速运动,其受力平衡,安培力为F1,,法拉第电磁感应定律计算感应电动势,接下来计算电流和安培力

易错点

感应电动势的计算

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

(2)线框自释放直到cd边进入磁场前,由机械能守恒定律,有

线框完全穿过磁场的过程中,由能量守恒定律,有由⑦⑧⑨式得

考查方向

机械能守恒定律.能量守恒定律的考查,难度适中

解题思路

机械能守恒定律.能量守恒定律分别列方程求解

易错点

能量守恒

1
题型:简答题
|
分值: 16分

某快点公司分拣邮件的水平传输装置示意图如图,皮带在电动机的带动下保持的恒定速度向右运动,现将一质量为的邮件轻放在皮带上,邮件和皮带间的动摩擦力因数,设皮带足够长,取,在邮件与皮带发生相对滑动的过程中,求

34.邮件滑动的时间t

35.邮件对地的位移大小x

36.邮件与皮带间的摩擦力对皮带做的功W

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

02s

解析

邮件在速度从0到2m/s的过程中会有相对滑动,此过程中由运动学基本关系得t=v/a,a=µg。代入数据即可

考查方向

动力学考查,难度适中

解题思路

动力学问题分析加速度,进而求解

易错点

时间分析

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

01m

解析

由平均速度公式得x=v/2t=01m

考查方向

运动学公式的灵活考查,难度不大

解题思路

平均速度公式或者运动学公式求解

易错点

平均速度

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

-2J

解析

由于皮带的位移是物块的2倍,摩擦力大小为f=µmg=10N,而且摩擦力做负功,故邮件与皮带间的摩擦力对皮带做的功W

=-2J

考查方向

摩擦力功的计算,难度适中

解题思路

先求位移,摩擦力最后是功

易错点

功的正负

1
题型:简答题
|
分值: 18分

)废旧印刷电路板是一种电子废弃物,其中铜的含量达到矿石中的几十倍。湿法技术是将粉碎的印刷电路板经溶解、萃取、电解等操作得到纯铜等产品。某化学小组模拟该方法回收铜和制取胆矾,流程简图如下:

回答下列问题:

58.反应是将Cu转化为Cu(NH3)42+,反应中H2O2的作用是                         。写出操作①的名称:         

59.反应是铜氨溶液中的Cu(NH3 )42+与有机物RH反应,写出该反应的离子方程式:                                   。操作②用到的主要仪器名称为          ,其目的是(填序号)         

a.富集铜元素

b.使铜元素与水溶液中的物质分离

c.增加Cu2+在水中的溶解度

60.反应是有机溶液中的CuR2与稀硫酸反应生成CuSO4        。若操作③使用右图装置,图中存在的错误是                 

61.操作④以石墨作电极电解CuSO4溶液。阴极析出铜,阳极产物是        。操作⑤由硫酸铜溶液制胆矾的主要步骤是            

62.流程中有三次实现了试剂的循环使用,已用虚线标出两处,第三处的试剂是   。循环使用的NH4Cl在反应中的主要作用是                

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

氧化剂   过滤

解析

【解析】废电路板中加入双氧水、氨气、氯化铵溶液,得到铜氨溶液和残渣,分离难溶性固体和溶液采用过滤方法,所以操作①是过滤,反应Ⅰ是将Cu转化为Cu(NH3)42+,Cu元素化合价由0价变为+2价,所以Cu是还原剂,则双氧水是氧化剂,将Cu氧化;反应Ⅱ是铜氨溶液中的Cu(NH3)42+与有机物RH反应,生成CuR2,同时生成NH4+和NH3

互不相溶的液体采用分液方法分离,所以操作②是分液;向有机层中加入稀硫酸,根据流程图知,生成CuSO4和HR,然后采用分液方法分离得到HR,以石墨为电极电解硫酸铜溶液时,阳极上氢氧根离子放电、阴极上铜离子放电;从硫酸铜溶液中获取胆矾,采用加热浓缩、冷却结晶、过滤的方法得到晶体;

(1)双氧水具有氧化性,能氧化还原性物质Cu,所以双氧水作氧化剂;分离难溶性固体和溶液采用过滤方法,该混合溶液中贵重金属是难溶物、铜氨溶液是液体,所以操作①是过滤,故答案为:氧化剂;过滤;

考查方向

物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用.

解题思路

【解题思路】废电路板中加入双氧水、氨气、氯化铵溶液,得到铜氨溶液和残渣,分离难溶性固体和溶液采用过滤方法,所以操作①是过滤,反应Ⅰ是将Cu转化为Cu(NH342+,Cu元素化合价由0价变为+2价,所以Cu是还原剂,则双氧水是氧化剂,将Cu氧化;反应Ⅱ是铜氨溶液中的Cu(NH342+与有机物RH反应,生成CuR2,同时生成NH4+和NH3

互不相溶的液体采用分液方法分离,所以操作②是分液;向有机层中加入稀硫酸,根据流程图知,生成CuSO4和HR,然后采用分液方法分离得到HR,以石墨为电极电解硫酸铜溶液时,阳极上氢氧根离子放电、阴极上铜离子放电;从硫酸铜溶液中获取胆矾,采用加热浓缩、冷却结晶、过滤的方法得到晶体;

(1)双氧水具有氧化性,能氧化还原性物质,分离难溶性固体和溶液采用过滤方法;

易错点

本题考查物质分离和提纯,涉及氧化还原反应等知识点,题目难度中等.

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

【答案】Cu(NH3)42++2RH=CuR2+2NH4++2NH3    分液漏斗    ab

解析

【解析】(2)反应Ⅱ是铜氨溶液中的Cu(NH3)42+与有机物RH反应生成CuR2,同时生成NH4+和NH3,根据反应物和生成物书写该反应的离子方程式Cu(NH3)42++2RH=CuR2+2NH4++2NH3;分离互不相溶的液体采用分液方法,分液时常用分液漏斗,分液的目的是富集铜元素、使铜元素与水溶液中的物质分离,所以ab正确,故答案为:Cu(NH3)42++2RH=CuR2+2NH4++2NH3;分液漏斗;ab;

考查方向

物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用.

解题思路

(2)反应Ⅱ是铜氨溶液中的Cu(NH3)42+与有机物RH反应生成CuR2,同时生成NH4+和NH3,根据反应物和生成物书写该反应的离子方程式为;分离互不相溶的液体采用分液方法,分液时常用分液漏斗;

易错点

本题考查物质分离和提纯,涉及基本实验操作、氧化还原反应等知识点,侧重考查学生知识综合应用能力等,题目难度中等.

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

RH   分液漏斗尖端未紧靠烧杯内壁;液体过多

解析

(3)反应Ⅲ是有机溶液中的CuR2与稀硫酸反应相当于复分解反应,所以生成CuSO4和RH,分液时分液漏斗下端要紧靠烧杯内壁,且分液漏斗内不能盛放太多溶液,故答案为:RH;分液漏斗尖端未紧靠烧杯内壁;液体过多;

考查方向

物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用.

解题思路

(3)反应Ⅲ是有机溶液中的CuR2与稀硫酸反应生成CuSO4和RH,分液时分液漏斗下端要紧靠烧杯内壁,且分液漏斗内不能盛放太多溶液;

易错点

本题考查物质分离和提纯,涉及基本实验操作等知识点,侧重考查学生实验操作规范性、知识综合应用能力等,题目难度中等.

第(4)小题正确答案及相关解析

正确答案

O2、H2SO4      加热浓缩、冷却结晶、过滤方法

解析

(4)以石墨为电极电解硫酸铜溶液时,阳极上氢氧根离子放电、阴极上铜离子放电,所以阳极上生成O2,同时有大量的H+生成,且SO42﹣也向阳极移动在阳极积累,因此阳极产物还有H2SO4;从溶液中获取晶体采用加热浓缩、冷却结晶、过滤方法,故答案为:O2、H2SO4;加热浓缩、冷却结晶、过滤方法;

考查方向

物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用.

解题思路

(4)以石墨为电极电解硫酸铜溶液时,阳极上氢氧根离子放电、阴极上铜离子放电,SO42﹣向阳极移动;从溶液中获取晶体采用加热浓缩、冷却结晶、过滤方法;

易错点

本题考查基本实验操作、电解原理等知识点,侧重考查学生实验操作规范性、知识综合应用能力等,题目难度中等.

第(5)小题正确答案及相关解析

正确答案

H2SO4      防止由于溶液中c(OH)过高,生成Cu(OH)2沉淀

解析

【解析】(5)电解硫酸铜溶液时能得到硫酸,在反应III中用到硫酸,所以H2SO4能循环利用;氯化铵是强酸弱碱盐,铵根离子水解导致溶液呈酸性,能和氢氧根离子反应,从而抑制氢氧化铜生成,故答案为:H2SO4;防止由于溶液中c(OH)过高,生成Cu(OH)2沉淀.

考查方向

物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用.

解题思路

(5)电解硫酸铜溶液时能得到硫酸,硫酸能循环利用;氯化铵是强酸弱碱盐,铵根离子水解导致溶液呈酸性,能和氢氧根离子反应.

易错点

本题考查物质分离和提纯,涉及基本实验操作等知识点,侧重考查学生实验操作规范性,能从整体上把握是解本题关键,易错点是第一个空,题目难度中等.

1
题型:简答题
|
分值: 20分

现代科学仪器常利用电场.磁场控制带电粒子的运动。在真空中存在着如图所示的多层紧密相邻的匀强电场和匀强磁场,电场和磁场的宽度均为d。电场强度为E,方向水平向右;磁感应强度为B,方向垂直纸面向里。电场.磁场的边界互相平行且与电场方向垂直,一个质量为m.电荷量为q的带正电粒子在第1层电场左侧边界某处由静止释放,粒子始终在电场.磁场中运动,不计粒子重力及运动时的电磁辐射

39.求粒子在第2层磁场中运动时速度的大小与轨迹半径

40.粒子从第n层磁场右侧边界穿出时,速度的方向与水平方向的夹角为θn,试求sinθn

41.若粒子恰好不能从第n层磁场右侧边界穿出,试问在其他条件不变的情况下,也进入第n层磁场,但比荷较该粒子大的粒子能否穿出该层磁场右侧边界,请简要推理说明之

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

(1)粒子在进入第2层磁场时,经过两次电场加速,中间穿过磁场时洛伦兹力不做功。由动能定理,有

由①式解得②粒子在第2层磁场中受到的洛伦兹力充当向心力,有

③由②③得

考查方向

动能定理.磁偏转,难度适中

解题思路

洛伦兹力不做功,故只有电场力做功,由动能定理,有,洛伦兹力充当向心力,列方程求解

易错点

第2层磁场的动力学特点

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

解析

(2)设粒子在第n层磁场中运动的速度为vn,轨迹半径为rn(各量的下标均代表粒子所在层数,下同)。

粒子进入第n层磁场时,速度的方向与水平方向的夹角为,从第n层磁场右侧边界穿出时速度方向与水平方向的夹角为,粒子在电场中运动时,垂直于电场线方向的速度分量不变,有⑦由图1

看出

由⑥⑦⑧得由⑨式看出,……,为一等差数列,公差为d,可得⑩当n=1时,由图2看出由得

考查方向

物理与数学归纳法的结合考查,难度较大

解题思路

粒子在第n层磁场中运动时的电偏转和磁偏转列出通项公式,当n=1的时候取特值求解

易错点

粒子在电场中运动时,垂直于电场线方向的速度分量不变

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

不能

解析

若粒子恰好不能从第n层磁场右侧边界穿出,则在其他条件不变的情况下,换用比荷更大的粒子,设其比荷为,假设能穿出第n层磁场右侧边界,粒子穿出时速度方向与水平方向的夹角为,由于则导致说明不存在,即原假设不成立。所以比荷较该粒子大的粒子不能穿出该层磁场右侧边界。

考查方向

假设法的应用.逻辑分析问题的能力,难度较大

解题思路

假设能穿出第n层磁场右侧边界,导致,假设错误

易错点

正弦函数的推导

1
题型:简答题
|
分值: 14分

随原子序数的递增,八种短周期元素(用字母x表示)原子半径的相对大小、最高正价或最低负价的变化如下图所示。

根据判断出的元素回答问题:

48 .f在元素周期表的位置是__________。

49.比较d、e常见离子的半径大小(用化学式表示,下同)_________>________;比较g、h的最高价氧化物对应的水化物的酸性强弱是:_________>________。

50 .任选上述元素组成一种四原子共价化合物,写出其电子式:__________。

51.已知1mol e的单质在足量d2中燃烧,恢复至室温,放出255.5kJ热量,写出该反应的热化学方程式:___________________。

52 .上述元素可组成盐R:zx4f(gd4)2,向盛有10mL1mol·L-1R溶液的烧杯中滴加1mol·L-1NaOH溶液,沉淀物质的量随NaOH溶液体积变化示意图如下:

①R溶液中,离子浓度由大到小的顺序是:__________。

②写出m点反应的而离子方程式_________________。

③若在R溶液中改加20mL1.2 mol·L-1Ba(OH)2溶液,充分反应后,溶液中产生沉淀的物质的量为__________mol。

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

【答案】第三周期ⅢA族

解析

【解析】从图中的化合价和原子半径的大小,可知x是H元素,y是C元素,z是N元素,d是O元素,e是Na元素,f是Al元素,g是S元素,h是Cl元素.

(1)f是Al元素,在元素周期表的位置是第三周期ⅢA族,故答案为:第三周期ⅢA族;

考查方向

位置结构性质的相互关系应用.

解题思路

【解题思路】从图中的化合价和原子半径的大小,可知x是H元素,y是C元素,z是N元素,d是O元素,e是Na元素,f是Al元素,g是S元素,h是Cl元素.

(1)f是Al元素,在元素周期表的位置是第三周期ⅢA族;

易错点

本题考查结构位置性质关系、离子半径的大小比较、元素周期律、热化学方程式书写、离子浓度大小比较、化学图象及化学计算,是对学生综合能力的考查,需要学生具备扎实的基础,难度中等.

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

【答案】r(O2﹣)>r(Na+)     HClO4>H2SO4

解析

【解析】(2)电子层结构相同的离子,核电荷数越大离子半径越小,故离子半径:r(O2﹣)>r(Na+);非金属性越强,最高价氧化物水化物的酸性越强,故酸性:HClO4>H2SO4,故答案为:r(O2﹣)>r(Na+);HClO4>H2SO4

考查方向

位置结构性质的相互关系应用.

解题思路

(2)电子层结构相同的离子,核电荷数越大离子半径越小;非金属性越强,最高价氧化物水化物的酸性越强;

易错点

本题考查结构位置性质关系、离子半径的大小比较、元素周期律、热化学方程式书写、离子浓度大小比较、化学图象及化学计算,是对学生综合能力的考查,需要学生具备扎实的基础,难度中等.

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

【答案】 (或

解析

【解析】(3)四原子共价化合物,可以是NH3、H2O2、C2H2等,其电子式为: (或),故答案为: (或);

考查方向

位置结构性质的相互关系应用.

解题思路

【解题思路】(3)四原子共价化合物,可以是NH3、H2O2、C2H2等;

易错点

本题考查结构位置性质关系、离子半径的大小比较、元素周期律、热化学方程式书写、离子浓度大小比较、化学图象及化学计算,是对学生综合能力的考查,需要学生具备扎实的基础,难度中等.

第(4)小题正确答案及相关解析

正确答案

2Na(s)+O2(g)=Na2O2(s)△H=﹣511kJ•mol﹣1

解析

【解析】(4)1molNa的单质在足量O2中燃烧生成Na2O2(s),放出255.5kJ热量,2molNa反应放出热量为511kJ,则该反应的热化学方程式为:2Na(s)+O2(g)=Na2O2(s)△H=﹣511kJ•mol﹣1,故答案为:2Na(s)+O2(g)=Na2O2(s)△H=﹣511kJ•mol﹣1

考查方向

位置结构性质的相互关系应用.

解题思路

(4)1molNa的单质在足量O2中燃烧生成Na2O2(s),放出255.5kJ热量,2molNa反应放出热量为511kJ,注明聚集状态、反应热书写热化学方程式;

易错点

本题考查结构位置性质关系、离子半径的大小比较、元素周期律、热化学方程式书写、离子浓度大小比较、化学图象及化学计算,是对学生综合能力的考查,需要学生具备扎实的基础,难度中等.

第(5)小题正确答案及相关解析

正确答案

①c(SO42﹣)>c(NH4+)>c(Al3+)>c(H+)>c(OH)  ②NH4++OH=NH3•H2O   ③0.022mol

解析

【解析】(5)①R是NH4Al(SO4)2,溶液中Al3+、NH4+均水解使溶液呈酸性,但Al3+比 NH4+水解程度更大,故离子浓度由大到小的顺序是:c(SO42﹣)>c(NH4+)>c(Al3+)>c(H+)>c(OH),故答案为:c(SO42﹣)>c(NH4+)>c(Al3+)>c(H+)>c(OH);

②m点过程中加入氢氧化钠,沉淀物质的量不变,是NH4+与OH反应生成NH3•H2O,离子方程式为:NH4++OH=NH3•H2O,故答案为:NH4++OH=NH3•H2O;

③10mL 1mol•L﹣1 NH4Al(SO4)2溶液中Al3+ 物质的量为0.01mol,NH4+的物质的量为0.01mol,SO42﹣的物质的量为0.02mol,20mL 1.2 mol•L﹣1Ba(OH)2溶液中Ba2+物质的量为0.024mol,OH为0.048mol,由SO42﹣+Ba2+=BaSO4↓,可知SO42﹣不足,故可以得到0.02mol BaSO4

Al3+  +   3OH﹣   =   Al(OH)3

 Al3+  +   3OH﹣  =   Al(OH)3↓

   0.01mol  0.03mol     0.01mol

反应剩余OH﹣为0.048mol﹣0.03mol=0.008mol,

Al(OH)3+OH﹣=AlO2﹣+2H2O

0.008mol 0.008mol

故得到Al(OH)3沉淀为0.01mol﹣0.008mol=0.002mol,则最终得到固体为0.02mol+0.002mol=0.022mol,故答案为:0.022mol.



易错点

本题考查结构位置性质关系、离子半径的大小比较、元素周期律、热化学方程式书写、离子浓度大小比较、化学图象及化学计算,是对学生综合能力的考查,需要学生具备扎实的基础,难度中等.

1
题型:简答题
|
分值: 18分

扁桃酸衍生物是重要的医药中间体,以A和B为原料合成扁桃酸衍生物F路线如下:

53 .A的分子式为C2H2O3,可发生银镜反应,且具有酸性,A所含官能团名称为:_____________,写出A+B→C的化学反应方程式为__________________________。

54 .C()中①、②、③3个—OH的酸性有强到弱的顺序是:_____________。

55 .E是由2子C生成的含有3个六元环的化合物,E的分子中不同化学环境的氢原子有________种。

56. D→F的反应类型是__________,1mol F在一定条件下与足量NaOH溶液反应,最多消耗NaOH的物质的量为:________mol。

写出符合下列条件的F的所有同分异构体(不考虑立体异构)的结构简式:

①、属于一元酸类化合物,②、苯环上只有2个取代基且处于对位,其中一个是羟基_______________________________________________________

57. 已知:

有多种合成方法,在方框中写出由乙酸合成A的路线流程图(其他原料任选)合成路线流程图示例如下:

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

醛基、羧基           

解析

【解析】(1)A的分子式为C2H2O3,可发生银镜反应,且具有酸性,含有醛基和羧基,则A是OHC﹣COOH,根据C的结构可知B是,A+B→C发生加成反应,反应方程式为:,故答案为:醛基、羧基;

考查方向

有机物的合成.

解题思路

【解题思路】(1)A的分子式为C2H2O3,可发生银镜反应,且具有酸性,含有醛基和羧基,则A是OHC﹣COOH,根据C的结构可知B是,A+B→C发生加成反应;

易错点

本题考查有机物的推断与合成、官能团、化学反应方程式的书写等,是对有机化学基础的综合考查,难度中等.

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

③>①>②

解析

【解析】(2)羧基的酸性强于酚羟基,酚羟基的酸性强于醇羟基,故强弱顺序为:③>①>②,故答案为:③>①>②;

羧基的酸性强于酚羟基,酚羟基的酸性强于醇羟基;

考查方向

有机物的合成.

解题思路

(2)羧基的酸性强于酚羟基,酚羟基的酸性强于醇羟基;

易错点

本题考查有机物官能团的性质,是对有机化学基础的综合考查,难度中等.

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

4

解析

【解析】(3)C中有羟基和羧基,2子C可以发生酯化反应,可以生成3个六元环的化合物,C分子间醇羟基、羧基发生酯化反应,则E为,为对称结构,分子中有4种化学环境不同的H原子,分别为苯环上2种、酚羟基中1种、亚甲基上1种,故答案为:4;

考查方向

有机物的合成.

解题思路

(3)C中有羟基和羧基,2子C可以发生酯化反应,可以生成3个六元环的化合物,C分子间醇羟基、羧基发生酯化反应,则E为

易错点

本题考查有机物不同化学环境的氢原子等,是对有机化学基础的综合考查,难度中等.

第(4)小题正确答案及相关解析

正确答案

取代反应    3        

解析

【解析】(4)对比D、F的结构,可知溴原子取代﹣OH位置,D→F的反应类型是:取代反应;F中溴原子、酚羟基、酯基(羧酸与醇形成的酯基),都可以与氢氧化钠反应,1molF最多消耗3mol NaOH;

F的所有同分异构体符合:①属于一元酸类化合物,②苯环上只有2个取代基且处于对位,其中一个是羟基,另外取代基为﹣CBr(CH3)COOH、﹣CH(CH2Br)COOH、﹣CH2CHBrCOOH、﹣CHBrCH2COOH,可能的结构简式为:,故答案为:取代反应;3;

考查方向

有机物的合成.

解题思路

【解题思路】(4)对比D、F的结构,可知溴原子取代﹣OH位置;F中溴原子、酚羟基、酯基(羧酸与醇形成的酯基),都可以与氢氧化钠反应;F的所有同分异构体符合:①属于一元酸类化合物,②苯环上只有2个取代基且处于对位,其中一个是羟基,另外取代基为﹣CBr(CH3)COOH、﹣CH(CH2Br)COOH、﹣CH2CHBrCOOH、﹣CHBrCH2COOH;

易错点

本题考查有机物的推断与合成、同分异构体的书写、常见有机反应类型等,是对有机化学基础的综合考查,难度中等.

第(5)小题正确答案及相关解析

正确答案

A

解析

【解析】(5)由题目信息可知,乙酸与PCl3反应得到ClCH2COOH,在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应得到HOCH2COONa,用盐酸酸化得到HOCH2COOH,最后在Cu作催化剂条件下发生催化氧化得到OHC﹣COOH,合成路线流程图为:CH3COOHClCH2COOHHOCH2COONaHOCH2COOHOHC﹣COOH,故答案为:CH3COOHClCH2COOHHOCH2COONaHOCH2COOHOHC﹣COOH.

考查方向

有机物的合成.

解题思路

(5)由题目信息可知,乙酸与PCl3反应得到ClCH2COOH,在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应得到HOCH2COONa,用盐酸酸化得到HOCH2COOH,最后在Cu作催化剂条件下发生催化氧化得到OHC﹣COOH.

易错点

本题考查有机物的推断与合成等,是对有机化学基础的综合考查,难度中等.

1
题型:简答题
|
分值: 14分

FeCl3具有净水作用,但腐蚀设备,而聚合氯化铁是一种新型的絮凝剂,处理污水比FeCl3高效,且腐蚀性小。请回答下列问题:

63.FeCl3净水的原理是                                               。FeCl3溶液腐蚀钢铁设备,除H作用外,另一主要原因是(用离子方程式表示)                      

64.为节约成本,工业上用NaClO3氧化酸性FeCl2废液得到FeCl3

①若酸性FeCl2废液中c(Fe2+)=2.0×10-2mol·L-1c(Fe3+)=1.0×10-3mol·L-1c(Cl)=5.3×10-2mol·L-1,则该溶液的pH约为           

②完成NaClO3 氧化FeCl2 的离子方程式:ClO3+ Fe2++       = Cl+ Fe3++        .

.FeCl3在溶液中分三步水解:

以上水解反应的平衡常数K1、K2、K3由大到小的顺序是              。

通过控制条件,以上水解产物聚合,生成聚合氯化铁,离子方程式为:

欲使平衡正向移动可采用的方法是(填序号)       。

室温下,使氯化铁溶液转化为高浓度聚合氯化铁的关键条件是                 。

Aa.降温   

B   b.加水稀释      

Cc.加入NH4Cl     

D d.加入NaHCO3

66.天津某污水处理厂用氯化铁净化污水的结果如下图所示。由图中数据得出每升污水中投放聚合氯化铁[以Fe(mg·L-1)表示]的最佳范围约为      mg·L-1

第(1)小题正确答案及相关解析

正确答案

Fe3+水解生成的Fe(OH)3胶体粒子能吸附水中的悬浮杂质;2Fe3++Fe=3Fe2+

解析

【解析】(1)Fe3+水解生成的Fe(OH)3胶体粒子能吸附水中的悬浮杂质,可起到净水的作用;钢铁设备中的Fe会与铁离子反应生成亚铁离子,离子方程式是:2Fe3++Fe=3Fe2+

故答案为:Fe3+水解生成的Fe(OH)3胶体粒子能吸附水中的悬浮杂质;2Fe3++Fe=3Fe2+

考查方向

氧化还原反应方程式的配平;化学平衡的影响因素;pH的简单计算;盐类水解的原理.菁

解题思路

【解题思路】(1)Fe3+水解生成的Fe(OH)3胶体粒子能吸附水中的悬浮杂质,可起到净水的作用;钢铁设备中的Fe会与铁离子反应生成亚铁离子;

易错点

本题考查铁的化合物性质的应用,需要学生具备扎实的基础与灵活运用难度,难度中等.

第(2)小题正确答案及相关解析

正确答案

2   1;6;6H+;1;6;3H2O

解析

【解析】(2)①根据电荷守恒:c(Cl)=2c(Fe2+)+3c(Fe3+)+c(H+)(酸性溶液中OH浓度很小,在这里可以忽略不计),则c(H+)=c(Cl)﹣2c(Fe2+)﹣3c(Fe3+)=1.0×10﹣2mol•L﹣1,则溶液pH=﹣lg1.0×10﹣2=2,故答案为:2;

②氯酸钠氧化酸性的氯化亚铁,则反应物中有氢离子参加,则生成物中有水生成,Cl元素的化合价从+5价降低到﹣1价,得到6个电子,而Fe元素的化合价从+2价升高到+3价,失去1个电子,根据得失电子守恒,则氯酸根离子的系数为1,Fe2+的系数为6,则铁离子的系数也是6,氯离子的系数是1,根据电荷守恒,则氢离子的系数是6,水的系数是3,配平后离子方程式为:ClO3+6Fe2++6H+=Cl+6Fe3++3H2O,故答案为:1;6;6H+;1;6;3H2O;

考查方向

氧化还原反应方程式的配平;化学平衡的影响因素;pH的简单计算;盐类水解的原理.菁

解题思路

【解题思路】(2)①根据电荷守恒:c(Cl)=2c(Fe2+)+3c(Fe3+)+c(H+)(酸性溶液中OH浓度很小,在这里可以忽略不计),据此溶液中氢离子的浓度,再根据pH=﹣lgc(H+)计算;

②氯酸钠氧化酸性的氯化亚铁,则反应物中有氢离子参加,则生成物中有水生成,Cl元素的化合价从+5价降低到﹣1价,得到6个电子,而Fe元素的化合价从+2价升高到+3价,失去1个电子,根据得失电子守恒,则氯酸根离子的系数为1,Fe2+的系数为6,则铁离子的系数也是6,氯离子的系数是1,根据电荷守恒,则氢离子的系数是6,水的系数是3;

易错点

本题考查氧化还原反应方程式的配平等,需要学生具备扎实的基础与灵活运用难度,难度中等.

第(3)小题正确答案及相关解析

正确答案

B,D

解析

K1>K2>K3      bd      调节溶液的pH     

【解析】(3)铁离子的水解分为三步,且水解程度逐渐减弱,所以水解平衡常数逐渐减小,则K1>K2>K3;控制条件使平衡正向移动,使平衡正向移动,因为水解为吸热反应,所以降温,平衡逆向移动;加水稀释,则水解平衡也正向移动;加入氯化铵,氯化铵溶液为酸性,氢离子浓度增大,平衡逆向移动;加入碳酸氢钠,则消耗氢离子,所以氢离子浓度降低,平衡正向移动,故选bd;从反应的离子方程式中可知,氢离子的浓度影响高浓度聚合氯化铁的生成,所以关键步骤是调节溶液的pH,故答案为:K1>K2>K3;bd;调节溶液的pH;

考查方向

氧化还原反应方程式的配平;化学平衡的影响因素;pH的简单计算;盐类水解的原理.菁

解题思路

【解题思路】(3)铁离子的水解分为三步,且水解程度逐渐减弱,所以水解平衡常数逐渐减小;控制条件使平衡正向移动,水解为吸热反应,所以降温平衡逆向移动;加水稀释,则水解平衡也正向移动;加入氯化铵,氯化铵溶液为酸性,氢离子浓度增大,平衡逆向移动;加入碳酸氢钠,则消耗氢离子,平衡正向移动;从反应的离子方程式中可知,氢离子的浓度影响高浓度聚合氯化铁的生成,所以关键步骤是调节溶液的pH;

易错点

本题考查铁的化合物性质的应用、平衡移动影响因素等,需要学生具备扎实的基础与灵活运用难度,难度中等.

第(4)小题正确答案及相关解析

正确答案

18~20

解析

【解析】(4)由图象可知,聚合氯化铁的浓度在18~20 mg•L﹣1时,去除率达到最大值,污水的浑浊度减小,故答案为:18~20.

考查方向

氧化还原反应方程式的配平;化学平衡的影响因素;pH的简单计算;盐类水解的原理.

解题思路

(4)由图象可知,聚合氯化铁的浓度在18~20 mg•L﹣1时,去除率达到最大值,污水的浑浊度减小.

易错点

本题考查铁的化合物性质的应用、对图象的分析能力,需要学生具备扎实的基础与灵活运用难度,难度中等.

填空题 本大题共1小题,每小题6分,共6分。把答案填写在题中横线上。
1
题型:填空题
|
分值: 6分

4.低温诱导可使二倍体草鱼卵原细胞在减数第一次分裂时不形成纺锤体,从而产生染色体数目加倍的卵细胞,此卵细胞与精子结合发育成三倍体草鱼胚胎。上述过程中产生下列四种细胞,下图所示四种细胞的染色体行为(以二倍体草鱼体细胞含两对同源染色体为例)可出现的是

正确答案

B

解析

图片A中初级卵母细胞中不存在同源染色体,故A错误;B正确;C中,卵细胞染色体数目加倍应该是三条染色体,故C错误;D胚胎细胞

考查方向

在减数分裂的基础上加深难度要求结合低温诱导增加染色体数目的知识点考查学生,难度适中。

解题思路

解析本题时脑海中应该重现减数分裂的过程图像,灵活掌握理解,不能死记硬背,要根据题目意思应变,再分析图片并结合图片表示的分裂十七做出选择。

易错点

容易不把图片和时间对应起来,忘记初级卵母细胞和次级卵母细胞之间最显著最具有代表性的区别,对整个减数分裂的过程掌握不够熟练。

多选题 本大题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的4个选项中,有多项符合题目要求,全对得6分,选对但不全得3分,有选错的得0分。
1
题型: 多选题
|
分值: 6分

25..如图所示,理想变压器的原线圈连接一只理想交流电流表,副线圈匝数可以通过滑动触头Q来调节,在副线圈两端连接了定值电阻和滑动变阻器RP为滑动变阻器的滑动触头,在原线圈上加一电压为U的正弦交流电,则

A保持Q的位置不动,将P向上滑动时,电流表读数变大

B保持Q的位置不动,将P向上滑动时,电流表读数变小

C保持P的位置不动,将Q向上滑动时,电流表读数变大

D保持P的位置不动,将Q向上滑动时,电流表读数变小

正确答案

B,C

解析

理想变压器没有能量损失,即输入功率等于输出功率,需要掌握“两个比例关系”,即电压与匝数成正比,电流与匝数成反比, “三个制约关系”即输入电压制约输出电压,输出电流制约输入电流,输出功率制约输入功率。保持Q的位置不动,将P向上滑动时,副线圈电阻变大,电流表读数变小,保持P的位置不动,将Q向上滑动时,副线圈的电压变大,故电流表读数变大

考查方向

理想变压器电流与电压.电阻的关系

解题思路

理想变压器特点分析

易错点

三个制约关系

1
题型: 多选题
|
分值: 6分

26..如图所示,氕核.氘核.氚核三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场,之后进入电场线竖直向下的匀强电场发生偏转,最后打在屏上,整个装置处于真空中,不计粒子重力及其相互作用,那么

A偏转电场对三种粒子做功一样多

B三种粒子打到屏上时速度一样大

C三种粒子运动到屏上所用时间相同

D三种粒子一定打到屏上的同一位置,

正确答案

A,D

解析

偏转电场中电场力做的功为W=qu,三种粒子的电荷量相同,电压也相同。故偏转电场对三种粒子做功一样多,质量不同,故速度不同,加速度不同,时间也不同。粒子先在加速电场中加速成动能,后再偏转电场中类平抛运动,经过分析计算得三种粒子一定打到屏上的同一位置,

考查方向

带电粒子在电场中的运动问题分析,难度适中

解题思路

分析三粒子的特点,在电场中运动的特点思考问题

易错点

三种粒子一定打到屏上的同一位置

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题型: 多选题
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分值: 6分

27...为相距遥远的两颗行星,距各自表面相同高度处各有一颗卫星.做匀速圆周运动,图中纵坐标表示行星对周围空间各处物体的引力产生的加速度a,横坐标表示物体到行星中心的距离r的平方,两条曲线分别表示.周围的a与的反比关系,它们左端点横坐标相同,则

A的平均密度比的大

B的第一宇宙速度比的小

C的向心加速度比的大

D的公转周期比的大

正确答案

A,C

解析

由图得相同距离P1的加速度大,说明其质量大,密度大,由Gm,得v= 得其第一宇宙速度大,向心加速度大,由由Gmr,得T= 公转周期小

考查方向

天体与万有引力的考查,难度适中

解题思路

天体与万有引力计算

易错点

万有引力公式的选取

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