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1．下列对光的认识正确的是（）
正确答案
解析
A、阳光下肥皂泡呈现出的斑斓色彩属于光的薄膜干涉现象，故A错误；
B、变化的磁场一定能够在周围空间产生电场，如果是均匀变化的磁场一定能够在周围空间产生恒定的磁场，故B错误；
C、衍射和干涉是波的特性，故光的干涉和衍射现象充分表明光是一种波，故C正确；
D、根据相对论的光速不变原理可知，光的速度是与参考系无关，故D错误；
考查方向
电磁波的发射、传播和接收；光的衍射；光的偏振；* 爱因斯坦相对性原理和光速不变原理．
解题思路
白光的薄膜干涉现象会产生彩色条纹；变化的磁场一定能够在周围空间产生电场；衍射和干涉是波的特性；相对论的光速不变原理说明光速与参考系无关．
易错点
知识点易混淆
3．一理想变压器原、副线圈的匝数比为4∶1，原线圈接在一个电压的变化规律如图所示交流电源上，副线圈所接的负载电阻是11 Ω。则下列说法中正确的是（）
正确答案
解析
A、由图象可知，交流电的周期为0.02s，所以f=50Hz，所以A错误.
B、理想变压器的输入功率和输出功率相等，故B错误；
C、由图象可知，交流电的电压的最大值为311V，所以输入的电压的有效值为U1=311/ V=220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈电压为55V，故C错误.
D、根据I= U/ R可得电流I=55/11＝5A，所以D正确．
考查方向
解题思路
明确电压的最大值，有效值
易错点
理想变压器的输入功率等于输出功率
4．如图所示，在两个等量异种点电荷形成的电场中，D、E、F是两电荷连线上
A带电粒子带正电
B粒子由a到c的过程中，粒子的电势能增加
C
DEpc-Epb＞Epb-Epa
正确答案
解析
A、由于D的电势最大，F的电势最小，故电场线方向由D到F，由带电粒子从a点射人电场后运动轨迹可知，粒子受到方向向左的电场力，故粒子带负电，A错误.
B、粒子由a点射人电场后，电场力做负功，粒子的电势能增加，B正确.
C、根据等量异种点电荷周围电场线分布可知a到b电场强度大于b到c的场强，由U=qE可知Uab>Ubc
D、由于DE=EF，但D处的电场强度大于E，大于F，故DE之间的电势差大于EF之间的电势差，即粒子在a、b之间的电势能的差值大于在b、c之间的电势能的差值，D错误.
考查方向
解题思路
明确粒子运动轨迹，掌握电场力，场强为矢量，电势能为标量
易错点
带电粒子在电场中的偏转
5．2015年7月23日美国航天局宣布，天文学家发现“另一个地球”——太阳系外行星开普勒452b。假设行星开普勒452b绕恒星公转周期为385天，它的体积是地球的5倍，其表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的2倍，它与恒星的距离和地球与太阳的距离很接近，则行星开普勒452b与地球的平均密度的比值及其中心恒星与太阳的质量的比值分别为（）
A
B
C
D
正确答案
解析
行星绕恒星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，设中心天体质量为M
因为GMm/r2=m4π2r/T2,则有M=4π2r3/G T2
所以中心恒星与太阳的质量比为（365/385）2
平均密度ρ=M/V V=4πr3/3
由行星表面的重力加速度是地球表面的重力加速的2倍和体积比可得
行星与地球的平均密度比值为
考查方向
解题思路
写出平均密度计算公式和中心天体质量计算公式
易错点
地球的公转周期为1年
2．某横波在介质中沿x轴传播，图甲为t=0.7
A质点L与质点N的运动方向总相同
B该波沿x轴正方向传播，波速为2m/s
C在0.5s
Dt=1.0s时，质点P处于平衡位置，并正在往y轴负方向运动
正确答案
解析
A、由波动图象可知，质点L与质点P平衡间距为半个波长，因此运动方向总是相反，A错误．
B、从振动图象可知，在t=0.75s时，P点振动方向向下，所以波向左传播，且据v＝λ/T，则有v＝2m/s，B错误
C、在0.5s时间内，质点P在平衡位置来回振动，并不随着波迁移．C错误．
D、甲为t=0.75s时的波形图，再经过t′＝0.25s，即当t=1.0s时，质点P处于在平衡位置，振动方向向下，D正确．
考查方向
解题思路
观察图象即可
易错点
掌握波的图像相关知识点
6．如图所示，在光滑的水平面上方，有两个磁感应强度大小均为B、方向相反的水平匀强磁场。PQ为两个磁场的边界，磁场范围足够大。一个边长为a、质量为m、电阻为R的金属正方形线框，以速度v垂直磁场方向从如图实线位置开始向右运动，当线框运动到分别有一半面积在两个磁场中时，线框的速度为
A此过程中通过线框截面的电荷量为
B此时线框中的电功率为
C此过程中回路产生的电能为
D此时线框的加速度为
正确答案
解析
A、此过程通过线框截面的电量为q=△Φ/R=Ba2/R,因此选项A错误.
B、回路中产生感应电动势为E=2Bav/2=Bav,感应电流为I=E/R=Bav/R, 此时线框中的电功率P=I2R=B2a2v2/R,因此B错误.
C、根据能量守恒定律得到，此过程回路产生的电能为Q=mv2/2-m(v/2)2/2=
D、左右两边所受安培力大小为F=BIa= B2a2v/R，则加速度为a=2F/m= 2B2a2v/m， D正确.
考查方向
解题思路
明确运动状态，列方程
易错点
明确线框的哪一条边在切割磁感线
7．如图所示，在距水平地面高为0.4m处，水平固定一
A把小球B从地面拉到P点的正下方C处的过程中力F做功为20J
B小球B运动到C处时的速度大小为0
C小球B被拉到与物体A速度大小相等时
D把小球B从地面拉到P的正下方过程中小球B的机械能增加了6J
正确答案
解析
A、小球B运动到P点正下方过程中的位移为xA=(0．32+0．42)1/2 -0.1=0.4（m）
拉力的功WF=FxA=20J，因此A选项正确.
B、对小球B由动能定理得WF-mgR= 1/2 mv2,代入数据得v=m/s，因此B选项错误.
C、当两速度同向时，两球速度相等，故当绳与圆环相切时两球的速度相等．由几何关系可得
D、设最低点势能为0，小球B从地面拉到P的正下方时小球B的机械能增加△E=△EK+△EP=mv2/2+mgR=20J,因此D选项错误.
考查方向
解题思路
选取研究对象，明确并分析运动过程。分析受力及各力做功的情况，求出总功
易错点
明确过程始、末状态的动能
某实验小组为了测定阻值Rx约为20 Ω导体丝的电阻率，先测定待测导体丝接入电路部分的长度，接着进行了以下操作：
11.用螺旋测微器测量导体丝的直径，其中某一次测量结果如图甲所示，其读数应为________mm；
12.利用实验室提供的如下器材测量导体丝的电阻Rx的值，要求测量时电表读数不得小于其量程的三分之一，且指针偏转范围较大。
实验小组经过反复的讨论，设计了如图乙所示的电路来进行测量。
A．电流表A1（150 mA、内阻r1约10 Ω）
B．电流表A2（20 mA，内阻r2＝30 Ω）
C．电压表V（15 V，内阻约为3kΩ）
D．定值电阻R0＝100 ΩE．滑动变阻器R1（5 Ω，额定电流2.0 A）
F．滑动变阻器R2（5 Ω，额定电流0.5 A）
G．电源
E，电动势E＝4 V（内阻不计）
H．电键S及导线若干
①在提供的两个滑动变阻器中，他们应该选择_________（用器材前对应的序号字母填写）；
②当电流表A2指
③测得电流表A1和A2的多组示数I1和I2后，作出相应的I1—I2图象如图丙所示。若求得图线的斜率为k，则导体丝电阻的表达式为Rx=____________。
正确答案
0.398
解析
d=0+39.8×0.01mm=0.398
0.396～0.399均可
考查方向
解题思路
先看主尺刻度，再看旋转刻度
易错点
1、固定半刻度位置不确定，有的在水平线上方，有的在水平线下方，没看清位置会带来固定刻度读数错误。
2、旋转刻度整刻度线与固定水平线对齐，对旋转刻度没有估读，即最后一位0丢失。
正确答案
（2）①E；②2.6；③
解析
由于电源电动势为4，电压表V量程为15V，达不到其量程的三分之一，故电压表不能使用，可用电流表A2与定值电阻串联扩大其电压量程，当做电压表与电流表A1配合使用伏安法测量待测电阻阻值，由于改装的电压表内阻已知，故电流表A1采用外接法，改装的电压表电压量程为20mA×130Ω=2.6V，滑动变阻器最大阻值为5Ω，无法起到限流作用，故滑动变阻器采用分压式接法，此时考虑到干路最小电流约为E/R滑=0.8A，故滑动变阻器只能选择R1，经过估算当电流表A1满偏时，电流表A2也正好满偏，非常匹配，因此满足电表读数不得小于量程的三分之一，故选择E滑动变阻器.Rx两端的电压值是2.6V.
待测电阻两端电压U=I2（R0+r2）,通过待测电阻的电流Ix=I1-I2,待测电阻Rx=U/ Ix= I2（R0+r2）/ I1-I2,由于图线的斜率为k，结合图线可得Rx=
考查方向
解题思路
只要用电压表测出电阻两端的电压，用安培表测出通过电流，用R=U/I即可得到阻值。
易错点
注意伏安法测电阻的两种接法
滑雪运动中当滑雪板压在雪地上时会把雪内的空气逼出来，在滑雪板与雪地间形成一个暂时的“气垫”
13.滑雪者从静止开始到动摩擦因数发生变化所经历的时间t；
14.滑雪者刚到达B处的速度v。
正确答案
t=1s
解析
（1）设滑雪者质量为m，滑雪者在斜坡上由静止开始加速至速度V1=4m/s期间，由牛顿第二定律及运动学规律有：mgsin37°-μ1mgcos37°=ma1
解得a1=4m/s2
故由静止开始到动摩擦因数发生变化所经历的时间t= V1/ a1=1s
因此t=1s
考查方向
解题思路
对一段运动列牛顿定律方程
易错点
明确何时动摩擦因数发生变化
正确答案
v=16m/s，方向沿斜面向下
解析
设物体在斜面上改变动摩擦因数前发生的位移为x1，由牛顿第二定律及运动学规律有：
联立上式并代入数据得：
v=16m/s，方向沿斜面向下。
考查方向
解题思路
牛顿第二定律：物体的加速度跟所受的外力的合力成正比，跟物体的质量成反比，加速度的方向跟合外力的方向相同
易错点
明确运动状态，选取合适的时间段
为了测定重力为G的铁块P与长金属板间的动摩擦因数μ，实验时有如图甲、乙所示的两种测量滑动摩擦力的方法。
甲图是使金属板静止在水平桌面上，用手通过弹簧秤向右用力F拉P，使P向右匀速运动；
乙图是把弹簧秤的一端固定在墙上，用力F水平向左
两种方法中弹簧秤的示数情况已放大画出。
8.甲图中弹簧秤的示数为______N；
9.这两种测量滑动摩擦力的方法中，______（选填“甲”或“乙”）方法更好；
10.若实验测得滑动摩擦力为f，则动摩擦因数μ=______。
正确答案
2.90 乙 f/G
解析
无
考查方向
解题思路
受力分析
易错点
明确金属板两种状态所受拉力的差异
正确答案
乙
解析
对P进行受力分析可知，甲图必须保持P匀速运动，这时弹簧称的示数才等于P受到的拉力，而乙图中木板无论是匀速度还是加速度，弹簧称的示数总等于摩擦力，因此乙方法好.
根据f = μG得，μ= f/G
考查方向
解题思路
受力分析
易错点
明确金属板两种状态所受拉力的差异
正确答案
f/G
解析
对P进行受力分析可知，甲图必须保持P匀速运动，这时弹簧称的示数才等于P受到的拉力，而乙图中木板无论是匀速度还是加速度，弹簧称的示数总等于摩擦力，因此乙方法好.
根据f = μG得，μ= f/G
考查方向
解题思路
受力分析
易错点
明确金属板两种状态所受拉力的差异
如图所示，足够长的光滑绝缘水平台左端固定一被压缩的绝缘轻质弹簧，一个质量m=0.04kg，电量q=+2×10－4C的可视为质点的带电滑块与弹簧接触但不栓接。某一瞬间释放弹簧弹出滑块，滑块
15.滑块运动到B点时重力的瞬时功率和被释放前弹簧的弹性势能EP；
16.滑块能否通过圆轨道最高点，若不能通过请说明理由；若能通过请求出滑块在最高点时对轨道压力N的大小。
正确答案
解析
释放弹簧过程中，弹簧推动物体做功，弹簧弹性势能转变为物体动能：
物体从A到B做平抛运动：
在B点，由题意有：
联解上式代入数据得：
考查方向
解题思路
分析运动状态
易错点
对动能定理的掌握
正确答案
解得：N=2.6N
解析
受力及各力做功的情况，求出总功：
在B点，由题意有：
设滑块恰能过竖直圆轨道最高点，则：
从B到圆轨道最高点，由动能定理有：
联立上式得：
在最高点时，设滑块对轨道的压力为N，轨道对滑块支持力为N′，有
解得：N=2.6N
考查方向
解题思路
选取研究对象，明确并分析运动过程。
易错点
分析受力
如图所示的平面直角坐标系xOy中，ABCD矩形区域内有磁感应强度为B0的匀强磁场（OD边上无磁场，OA边上有磁场），其中A、D两点的坐标分别为（0，a）和（0，-a），B、C两点的坐标分别为（
17.粒子进入磁场时速度v的大小；
18.从B点射出的粒子在射入矩形磁场时的速度方向与y轴正方向夹角θ；
19.从AB边射出的粒子数与粒子总数的比值k。
正确答案
解析
根据题意，朝着
联立上式得：
考查方向
解题思路
洛伦兹力提供向心力 粒子做匀速圆周运动
易错点
注意磁感应强度为2B0
正确答案
θ=30°
解析
设某粒子从圆形磁场边界上的P点射入，并从Q点射出，轨迹如图 甲所示，圆心为O1，圆形磁场的圆心为O2，则O2Q=O2P=O1Q=O1P=a，即四边形O1QO2P为菱形，O2Q∥PO1∥x轴，故Q点与坐标原点O重合，即射入圆形磁场的粒子均从O点进入矩形磁场的第一象限区域内（包括x轴正方向）。
粒子在矩形磁场中受洛伦兹力作用做圆周运动，设其轨道半径为
R′，有：
解得：
由几何关系知
即粒子从B点离开矩形磁场时对应的轨迹圆心为C点，作
出轨迹如图乙所示。
由图乙几何关系知：
联解上式得：
θ=30°
考查方向
解题思路
画出粒子运动的图像，利用几何关系求解
易错点
注意粒子在两个磁场中运动的变化
正确答案
解析
根据图乙知，粒子能从AB边射出，则其射入矩形磁场的速度方向与y轴正方向的夹角应小于或等于θ。根据圆周运动的对称性，则从B点射出的粒子射入圆形磁场位置的横坐标为：
联立上式得：
考查方向
解题思路
分析运动状态，列出等式
易错点
对运动状态的分析