物理 热门试卷

刻度尺的最小分度为0.1mm，则示数为15.50cm；

小物块离开弹簧后，由能量守恒定律可知：,根据动能定理可得：

,所以可得弹性势能与s成正比，由图中表格数据做图象，可得s与成正比，所以可得与成正比.

由电路图可知，乙电路中电流表与电压表串联，因电压表内阻较大，故使电路中电流太小，电流表无法准确测量；

电阻箱的示数为5×10000+4×100+5×10+2=50452Ω； 

由题意可知，加在电压表与电阻箱两端的电压之和为加在电压表两端的电压的3倍，故改装后的量程为：3×6=18V；

根据闭合电路欧姆定律以及改装原理可知，3U=E-Ir，则可知，； 则由图象可知，电源的电动势E=5.8×3=17.4V；内阻

A.只有入射光的频率大于金属的极限频率，才能产生光电效应，当入射频率越高时，则光电子的最大初动能越大，与入射光的强度无关,故A错误；

B.放射性元素衰变的快慢，即半衰期只由核内部自身的因素决定，与其物理状态、化学状态无关,故B正确；

C.原子核内部某个中子转变为质子时，放出β射线，故C错误；

D.比结合能越大表示该原子核越稳定，故D正确；

①ABC组成的系统水平方向不受外力，系统动量守恒，当三者速度相等时，B车速度最大，以向右为正，根据动量守恒定律得：（M+m）v0=（2M+m）v

解得：v=2.4m/s

②A与B碰撞后，AB车的共同速度为v1，根据动量守恒定律则有：Mv0=2Mv1，C在车上滑过得距离为s，根据能量守恒定律得：

解得：s=0.4m,故C滑块相对静止在B车上．

解析： 粒子从P到Q速度大小不变，说明P、Q两点在同一等势面上，即AB是一条等势线，因此电场线一定垂直于等势线AB，又因为粒子带负电，故电场强度方向垂直与AB斜向下，与竖直方向呈60°夹角；

将粒子的初速度v0沿着电场线方向和垂直于电场线方向分解，沿着电场线方向粒子先做匀加速运动后做匀减速运动，垂直于电场线方向粒子做匀速运动；从P到Q:

在沿着电场线的方向上有：

垂直于电场线方向上有：

因为粒子只受电场力作用，有：

联立可得： 

解析： 粒子从P点运动到Q点，垂直于电场线方向的速度大小不变，沿着电场线方向速度大小反向，由此可知粒子经过Q点时的速度与AB呈30°角。

若粒子进入磁场偏转后恰好经过P点，其运动半径为R，磁感应强度为B，由几何关系可知：

根据洛伦兹力提供向心力有：

解得：

若圆周运动半径，粒子不可能再通过P点；

若圆周运动半径，则每个周期沿AB界线向A点移动

带负电粒子可能从电场中再次经过P点，应满足

解得：

所以B可能的值为：

滑块甲沿斜面向上运动时，加速度大小为a1：

mg（sin 37°+μcos 37°）=ma1

解得：a1=10×（0.6+0.5×0.8）=10 m/s2

设滑块乙沿斜面向下运动时，加速度大小为a2,根据牛顿第二定律得：

mg（sin 37°-μcos 37°）=ma2

代入数据解得：a2=2 m/s2

滑块甲经速度即减为零．此过程中向上的位移：

物块乙下滑时的位移大小为：

此时二者之间的距离：△L=L-x1-x2=10-5-1=4m

此时乙的速度为：v=a2t1=2×1=2m/s  ,二者还没有相遇，距离是4m两个物块与斜面之间的动摩擦因数相等，所以甲向下运动时的加速度大小也是2m/s2，设再经过t2时间二者相遇，则：

代入数据解得：t2=2s ，所以是乙追上甲，时间为：  

波向左传播，根据图象可知，坐标为（1，0）的质点开始运动的方向沿y轴正方向，所以这列波的波源起振方向沿y轴正方向；根据图象可知，波长λ=4cm，波向左传播，所以t=0时刻，P点向下振动，t1=0.3s时刻，P质点首次位于波峰，可得周期为T=0.4s，则波速,

当x=4cm的波形传到Q点时，Q点第一次到达波谷，所需时间

根据光路可逆原理，如图所示:

连接OE，OF，E、F为窗子顶部和最下端，并延长与液体上表面交于A、B两点，画出A、B两点处的法线和折射光线AC、BD交液体下表面于C、D，则CD为人眼能看到的池底发光带的长度．根据几何关系求得A、B的折射角如图，根据折射定律有

  ，α是折射角，β是入射角

可得∠CAM=30°，

由几何关系可得：,,则: