- 真题试卷
- 模拟试卷
- 预测试卷
18．如图甲，一维坐标系中有一质量为m=2kg的物 块静置于x轴上的某位置（图中未画出），t=0时刻，物块在外力作用下沿x轴开始运动，如图乙为其位置坐标和速率平方
正确答案
解析
A、 由
B、 由
C、 
D、 由动能定理得0~4s内物块所受合力做功为
考查方向
解题思路
由图像的斜求出加速度a，然后根据运动学公式和动能定理分析。
易错点
由图像的斜求出加速度a。
14．如图，O表示地球，P表示一个绕地球沿椭圆轨道做逆时针方向运动的人造卫星，AB为长轴，CD为短轴。在卫星绕地球运动一周的时间内，从A到B的时
正确答案
解析
由卫星做椭圆运动的对称性得tAB=tBA，所以A、B错误；由开普勒第二定律，卫星在近地点时运动快，在远地点时运动慢，所以 tCD<tDC，故C错D对
考查方向
解题思路
由卫星做椭圆运动的对称性得tAB=tBA；由开普勒第二定律，卫星在近地点时运动快，在远地点时运动慢.
易错点
由卫星做椭圆运动的对称性得tAB=tBA，
15．如图，放在斜劈上的物块，受到平行于光滑斜面向下的力F作用，沿斜面向下运动，斜劈保持静止。下列说法正确的是( )
正确答案
解析
无论滑块下滑还是上滑，滑块对斜面体的压力不变，即垂直于斜面向下，所以斜面体受力不变，由斜面体所受各力保持平衡，知A正确。
考查方向
解题思路
对斜劈受力分析，由平衡条件判断。
易错点
抓住斜劈是静止的是解题的关键。
美国物理学家密立根（R.A.Millikan）于20世纪初进行了多次实验，比较准确的测定了电子的电荷量，其实验原理可以简化为如下模型：两个相距为d的平行金属板A、B水平放置，两板接有可调电源。从A板上的小孔进入两板间的油滴因摩擦而带有一定的电荷量，将两板间的电势差调节到U时，带电油滴恰好悬浮在两板间；然后撤去电场，油滴开始下落，由于空气阻力，下落的油滴很快达到匀速下落状态，通过显微镜观测这个速度的大小为v，已知这个速度与油滴的质量成正比，比例系数为k，重力加速度为g。则计算油滴带电荷量的表达式为( )
AAA．
B
C
D
正确答案
解析
】油滴匀速下落，由平衡得：
考查方向
解题思路
因为将两板间的电势差调节到U时，带电油滴恰好悬浮在两板间，所以由平衡条件分析。
易错点
通过显微镜观测这个速度的大小为v，已知这个速度与油滴的质量成正比，比例系数为k。表达为v=km。
两根长度不同的细线下面分别悬挂两个小球，细线上端固定在同一点，若两个小球以相同的角速度，绕共同的竖直轴在水平面内做匀速圆周运动，则两个摆球在运动过程中，相对位置关系示意图正确的是( )
A
B
C
D
正确答案
解析
小球做匀速圆周运动，mgtanθ=mω2Lsinθ，整理得：Lcosθ=g/ω2是常量，即两球处于同一高度，故B正确。
考查方向
解题思路
小球做的是匀速圆周运动，根据合力提供向心力分析。
易错点
从四个选项知高度h不同，所以h是解题的突破口。
如图，处在垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场中的矩形线框MNPQ，以恒定的角速度
AA．矩形线框产生的感应电动势有效值为
B矩形线框转过
C矩形线框转动一周，通过线框任意横截面电荷量为
D矩形线框转过
正确答案
解析
A、 产生正弦式交变电流，最大值为
B、 转过π时，线圈平面与磁场垂直，磁通量最大，感应电动势为0，电流为0，B正确；
C、 转过一周通过横截面的电量为0，C错；
D、 转过π过程的热量 
考查方向
解题思路
根据交变电流产生的规律分析。
易错点
交流电的四值，计算电量时要带平均值计算。
20．如图，一质点以速度v0从倾角为
正确答案
解析
由于落到斜面上M点时速度水平向右，故可把质点在空中的运动逆向看成从M点向左的平抛运动，设在M点的速度大小为u，把质点在斜面底端的速度v分解为水平u和竖直
考查方向
解题思路
抛体运动的解决方法，把抛体运动分解为两个直线运动，然后根据平行四边形定则合成分解。
易错点
逆向思维：由于落到斜面上M点时速度水平向右，故可把质点在空中的运动逆向看成从M点向左的平抛运动
21．如图，半径为R的圆形区域内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B。M为磁场边界上一点，有无数个带电量为q、质量为m的相同粒子（不计重力）在纸面内向各个方向以相同的速率通过M点进入磁场，这些粒子射出边界的位置均处于边界的某一段圆弧上，这段圆弧的弧长是圆周长的
A粒子从M点进入磁场时的速率为
B粒子从M点进入磁场时的速率为
C若将磁感应强度的大小增加到
D若将磁感应强度的大小增加到
正确答案
解析
边界上有粒子射出的范围是偏转圆直径为弦所对应的边界圆弧长，即偏转圆半径
考查方向
解题思路
画出导电粒子的运动轨迹，找出临界条件好角度关系，利用圆周运动由洛仑兹力充当向心力，分别表示出圆周运动的半径，进行比较即可
易错点
带电粒子在电磁场中的运动一般有直线运动、圆周运动和一般的曲线运动；直线运动一般由动力学公式求解，圆周运动由洛仑兹力充当向心力，一般的曲线运动一般由动能定理求解．
某实验小组设计了如图甲的电路，其中RT为热敏电阻，电压表量程为
该实验小组首先利用该电路进行描绘热敏电阻的伏安特性曲线的实验。闭合开关，调节电阻箱，记录不同情况下电压表示数U1、电流表的示数I和电阻箱的阻值R，在I-U坐标系中，将各组U1、I的数值标记在相应位置，描绘出热敏电阻的部分伏安特性曲线，如图乙中曲线所示。为了完成该实验，应将导线c端接在 （选填“a”或“b”）点；
利用25题中记录的数据，通过分析计算可得外电路的电压U2，U2的计算式为 
实验小组利用26题中的公式，计算出各组的U2，将U2和I的数据也描绘在I-U坐标系中，如图乙中直线所示，根据图像分析可知，电源的电动势E= V，内电阻
r= Ω；
实验中，当电阻箱的阻值调到6Ω时，热敏电阻消耗的电功率P= W。（保留两位有效数字）
正确答案
a
解析
利用伏安法测电阻，由图像可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法，故接a点。电源两端的电压利用欧姆定律可知
考查方向
解题思路
（1） 利用伏安法测电阻，由图像可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法。
（2） 电源两端的电压利用欧姆定律可知
（3） 把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源的电动势为,内电阻为15Ω
（4） 在I—U图象中作等效电源的外特性曲线，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标（2.5,0.24）。所以热敏电阻的电功率为0.60W。
易错点
在I—U图象中作等效电源的外特性曲线，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标即为热敏电阻的电流值I和电压，由P=UI可求出功率。
正确答案
解析
【解析】
利用伏安法测电阻，由图像可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法，故接a点。电源两端的电压利用欧姆定律可知 。利用电源的外特性曲线可知电动势和内电阻。把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源的电动势为,内电阻为15Ω.在I—U图象中作等效电源的外特性曲线，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标（2.5,0.24）。所以热敏电阻的电功率为0.60W。考虑作图的的误差故功率计算范围0.53—0.62W。
解题思路
【解题思路】
1、利用伏安法测电阻，由图像可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法。2、电源两端的电压利用欧姆定律可知3、把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源的电动势为,内电阻为15Ω 。4、在I—U图象中作等效电源的外特性曲线，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标（2.5,0.24）。所以热敏电阻的电功率为0.60W。
易错点
在I—U图象中作等效电源的外特性曲线，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标即为热敏电阻的电流值I和电压，由P=UI可求出功率。
正确答案
6.0 , 5.0
解析
利用伏安法测电阻，由图像可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法，故接a点。电源两端的电压利用欧姆定律可知
考查方向
本题主要考查了
解题思路
1利用伏安法测电阻，由图像可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法。
2电源两端的电压利用欧姆定律可知
3把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源的电动势为,内电阻为15Ω
4在I—U图象中作等效电源的外特性曲线，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标（2.5,0.24）。所以热敏电阻的电功率为0.60W。
易错点
在I—U图象中作等效电源的外特性曲线，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标即为热敏电阻的电流值I和电压，由P=UI可求出功率。
正确答案
0.53-0.62
解析
利用伏安法测电阻，由图像可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法，故接a点。电源两端的电压利用欧姆定律可知
考查方向
解题思路
1利用伏安法测电阻，由图像可知热敏电阻的阻值远小于电压表电阻，所以采用电流表外接法。
2电源两端的电压利用欧姆定律可知
3把电流表、电阻箱、电源作为等效电源，等效电源的电动势为,内电阻为15Ω
4在I—U图象中作等效电源的外特性曲线，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标（2.5,0.24）。所以热敏电阻的电功率为0.60W。
易错点
在I—U图象中作等效电源的外特性曲线，与热敏电阻的伏安特性曲线的交点坐标即为热敏电阻的电流值I和电压，由P=UI可求出功率。
根据实验步骤，回答22-24题
某实验小组利用图示装置进行“探究动能定理”的实验，实验步骤如下：
A挂上钩码，调节长木板的倾角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下做匀速运动；B打开速度传感器，取下轻绳和钩码，保持A中调节
按上述方案做实验，长木板表面粗糙对实验结果是否有影响？________(填“是”或“否”)；
若要
A悬挂钩码的总质
B长木板的倾角θ
C两传感器间的距离l
D小车的质量M[
根据实验所测的物理量，动能定理的表达式为：___________________。（重力加速度为g）
正确答案
否
解析
小车在重力、斜面弹力、摩擦力、细线拉力作用下处于平衡状态，撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力，所以长木板表面粗糙对实验结果没有影响。需要测量的物理量有ACD。由动能定理可知
考查方向
解题思路
小车在重力、斜面弹力、摩擦力、细线拉力作用下处于平衡状态，撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力，所以长木板表面粗糙对实验结果没有影响。需要测量的物理量有ACD。由动能定理可知。
易错点
本题是比较基础的题，不应该出错。
正确答案
解析
小车在重力、斜面弹力、摩擦力、细线拉力作用下处于平衡状态，撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力，所以长木板表面粗糙对实验结果没有影响。需要测量的物理量有ACD。由动能定理可知
考查方向
解题思路
小车在重力、斜面弹力、摩擦力、细线拉力作用下处于平衡状态，撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力，所以长木板表面粗糙对实验结果没有影响。需要测量的物理量有ACD。由动能定理可知。
易错点
本题是比较基础的题，不应该出错。
正确答案
解析
小车在重力、斜面弹力、摩擦力、细线拉力作用下处于平衡状态，撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力，所以长木板表面粗糙对实验结果没有影响。需要测量的物理量有ACD。由动能定理可知
考查方向
解题思路
小车在重力、斜面弹力、摩擦力、细线拉力作用下处于平衡状态，撤去钩码后小车的合外力等于钩码的重力，所以长木板表面粗糙对实验结果没有影响。需要测量的物理量有ACD。由动能定理可知。
易错点
本题是比较基础的题，不应该出错。
在宽度为L的条形区域内有匀强电场，电场的方向平行于区域边界。有一个带电粒子（不计重力）从左侧边界上的A点，以初速度v0沿垂直于电场的方向射入电场，粒子从右侧边界射出时的速度大小为
29.求粒子从右侧边界射出时，沿电场方向位移的大小；
30.若带电粒子的入射速度改为 
31.若带电粒子的入射速度大小可以为任意值（远小于光速），求带电粒子从右侧边界射出速度的最小值。
求粒子从右侧边界射出时，沿电场方向位移的大小；
若带电粒子的入射速度改为
若带电粒子的入射速度大小可以为任意值（远小于光速），求带电粒子从右侧边界射出速度的最小值。
正确答案
正确答案
正确答案
（1）
解析
（1）设经过时间t1粒子射出电场，沿电场方向位移y，沿电场方向速度为vy1
由类平抛运动知
射出电场的速度分解到到水平方向和竖直方向
联立（1）（3）（4）式，得
联立（1）（2）（5）式，得
（2）粒子在水平方向做匀速运动，设经过时间
设粒子沿场强方向加速度为a，沿场强方向匀加速直线运动
粒子射出电场速度v0
联立（5）（7）（8）（9）知
（3）设粒子以vx射入电场，沿电场方向速度为vy
粒子射出电场的速度为v′，类比（9）式
可知
（12）代入（11）知最小速度
(13)
说明：第（1）问5分，第（2）问4分，第（3）问5分，
考查方向
解题思路
带电粒子垂直进入电场，做类平抛运动，由类平抛运动规律分析。
易错点
（3）中
如图，MN、PQ为两根足够长的水平放置的平行金属导轨，间距L= 1m；整个空间以OO′为边界，左侧有垂直导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度大小B1= 1T，右侧有方向相同、磁感应强度大小B2=2T的匀强磁场。两根完全相同的导体棒a、b，质量均为m=0.1kg，与导轨间的动摩擦因数均为μ=0.2，其在导轨间的电阻均为R=1Ω。开始时，a、b棒均静止在导轨上，现用平行于导轨的恒力F=0.8N向右拉b棒。假定a棒始终在OO′左侧运动，b棒始终在OO′右侧运动，除导体棒外其余电阻不计，滑动摩擦力和最大静摩擦力大小相等，g取10m/s2。
a棒开始滑动时，求b棒的速度大小；
当b棒的加速度为1.5m/s2时，求a棒的加速度大小；
已知经过足够长的时间后，b棒开始做匀加速运动，求该匀加速运动的加速度大小，并计算此时a棒中电流的热功率。
35.下列关于浸润和不浸润说法正确的是 。（填正确答案标号。选对l个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）
正确答案
V=0.2 m/s
解析
设a棒开始滑动时电流强度为I，b棒的速度为v
由共点力平衡知识，得
由法拉第电磁感应定律和欧姆定律知
联立（1）（2）知
V=0.2 m/s (3)
考查方向
解题思路
对a棒受力分析，由平衡条件和法拉第电磁感应分析；
正确答案
解析
设a棒的加速度a1, b棒的加速度a2。由牛顿第二定律知
联立（4）（5）式
考查方向
解题思路
对a、b棒受力分析，由牛顿第二定理列方程；
正确答案
解析
设a棒开始滑动时电流强度为I，b棒的速度为v
由共点力平衡知识，得
由法拉第电磁感应定律和欧姆定律知
联立（1）（2）知
V=0.2 m/s (3)
（1） 设a棒的加速度a1, b棒的加速度a2。由牛顿第二定律知
联立（4）（5）式
I=0.284 (12)
（12）式代入（8）式知
由焦耳定律知
代入数据
P=0.0784 W (15)
考查方向
解题思路
由牛顿第二定理、法拉第电磁感应定律和欧姆定律结合求出加速度，然后由焦耳定律求出热功率。
易错点
问题中a、b棒都切割磁感线，相当于两个电源，因为感应电流方向相反，所以E=Eb-Ea。
正确答案
解析
【解析】
设玻璃管横截面积为，设初态压强为，末态压强为。由知
考查方向
【考查方向】本题主要考查了理想气体状态方程 。
解题思路
【解题思路】
一般思路 (1)分析题意，确定对象：热学研究对象(一定质量的气体)；力学研究对象(活塞、缸体或系统)。 (2)分析物理过程，对热学对象依据气体实验定律列方程；对力学对象依据牛顿运动定律列方程。 (3)挖掘隐含条件，列辅助方程。 (4)联立求解，检验结果。
易错点
【易错点】系统处于力学的平衡状态，综合利用气体实验定律和平衡方程求解。