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20．《资治通鉴》成书于( )。
正确答案
14.以下说法符合物理学史实的是
正确答案
解析
卡文迪许利用扭秤巧妙地测得引力常量G的数值，而不是静电力常量k的数值，故A错误。 牛顿发现万有引力定律，爱因斯坦预言了引力波的存在，故B错误。伽利略通过斜面实验，运用数学知识合理外推，得出了自由落体运动的规律，故C正确。 奥斯特根据小磁针在通电导线周围的偏转发现了电流的磁效应，故D错误。
考查方向
解题思路
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可
易错点
对物理学史的记忆不准确、物理事实不清楚易导致错误
16.太空望远镜可以搜寻遥远星系中的“宜居”类地外行星，现发现某颗“宜居”外行星（可看成均匀球体）的自转周期为T，赤道半径为R，进一步计算发现该行星的同步卫星轨道距其表面高度为2R，已知万有引力常量为G，以下说法中正确的是
A该行星质量为M=
B该行星质量为M=
C该行星第一宇宙速度大小为
D该行星第一宇宙速度大小为
正确答案
解析
据题意，该行星的同步卫星的周期即等于自转周期T，轨道半径为：
解得：
考查方向
解题思路
根据同步卫星所受的万有引力提供向心力可求出行星的质量，求出行星的近地卫星的线速度即该行星的第一宇宙速度；
易错点
对轨道半径的分析度准确易导致错误
21．我国居世界首位的矿产资源有( )。
正确答案
22．我国可持续发展战略包括( )。
正确答案
19.如图所示，在空间存在竖直向上的匀强电场，质量为m、电荷量为q的物块，从A点由静止开始向下做加速度为
A物块所受的电场力大小为
B物块动能的最大值为
C物块电势能的减少量为
D弹簧弹性势能的增加量为
正确答案
解析
设物块所受的电场力大小为F. 由于物块做匀加速直线运动时加速度为g3,小于g,所以电场力方向竖直向上。由牛顿第二定律得
考查方向
解题思路
根据匀加速直线运动的过程中物块的受力情况，由牛顿第二定律求电场力的大小．物块的合力为零时动能最大，根据动能定理求动能的最大值．由电场力做功求电势能的减少量．由能量守恒定律求弹簧弹性势能的增加量．
易错点
对物块运动分析不准确易导致错误
23．下列观点中属于唯心主义的有( )。
正确答案
21.如图所示，纸面内有一长为10. 0cm的挡板MN，挡板上方空间有方向垂直于纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为0. 20T，S是一个粒子源，可向纸面内任意方向发射比荷为1.0×lOs C/kg、速度大小为1.0×l06m/s的正粒子。挡板中点0与S间的距离为5. 0cm，MN与SO连线的夹角为θ，不计重力及粒子间相互作用。粒子可以到达挡板上区域的长度为L，则
正确答案
解析
由洛仑兹力充提供向心力可得：
解得：
当θ=30°时，竖直向下发射的粒子，恰好打到N点，由几何关系知，另一临界运动轨迹恰好与MN相切于O点，如图乙所示，故粒子只能打在NO范围内，故l=5cm，故D正确；
进而分析可知当θ=45°或θ=60°时，粒子打到板上的范围大于ON小于NM，即5cm＜l＜10cm，故B、C错误。
故选。AD。
考查方向
解题思路
粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛仑兹力提供向心力可求得粒子运动半径；当θ为不同值时，由几何关系结合粒子运动半径即可求出电子打在板上可能位置的区域的长度，据此解答。
易错点
对圆心及半径的确定不准确易导致错误
24．行政机关拒绝履行判决、裁定的，第一审人民法院可以采取的措施是( )。
正确答案
38.一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图实线所示，从此刻起，经0.1s波形图如图中虚线所示，若波传播的速度为l0m/s，下列说法中正确的是____ 。（填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）
正确答案
解析
由图读出波长λ=4m,则波的周期为
考查方向
解题思路
由图读出波长，求出周期．根据时间t=0.1s与周期的关系，结合波形的平移，确定波的传播方向，再判断t=0时，质点a的速度方向．根据t=0时刻x=4m处的质点的位置和速度方向，写出其振动方程．
易错点
不知道振动与波的关系易导致错误
27．应对经济全球化发展，我国全面提高对外开放水平的内容包括( )。
正确答案
25．以下属于行政征收内容的是( )。
正确答案
26．吸收利用外资的形式主要有( )。
正确答案
某同学分别设计了两个测量电流表G内阻的电路，如图所示，实验中供选用的器材有：
A待测电流表G（0 – l0mA，内阻约300Ω）；B电压表V（0 -15V，内阻约3KΩ）；
C电流表A（0 -15mA，内阻约100Ω,）；D定值电阻R1( 300Ω)；
E定值电阻R2(10Ω)；F滑动变阻器R3(0 - l000Ω)；
G滑动变阻器R4(0- 15Ω)；H干电池（4. SV，内阻不计）；
I电键S及导线若干
26.(1)考虑实验测量的准确性，其中图甲电路误差较大，原因是____
27.(2)根据乙电路进行实验，滑动变阻器应选____，定值电阻应选____ （在空格内填写器材序号）
28.(3)请用笔画线代替导线，将下图的电路连接完成。
29.(4)按电路图连接电路，进行正确测量；记录待测电流表的读数I、电路中另一个电表的读数x；改变滑动变阻 器连入电路的阻值，获得多组I、x的值。以I为纵坐标，x为横坐标，作出如图丙所示的图线，计算出图线的斜率为k，则待测电流表内阻等于 。（用题目中相关已知量的字母表示）
正确答案
甲图中电压表的量程过大
解析
待测电流表G (0−10mA,内阻约100Ω)，所以待测电流表两端的最大电压是1V，电压表V量程是0−3V，如果采用甲图，电压表V的读数误差较大，
考查方向
解题思路
根据“安全性”和“精确性”原则，电表读数要求指针在满刻度的1/3-2/3之间
易错点
“安全性”和“精确性”原则不清楚易导致错误
正确答案
G D
解析
根据选定的电路,为了调节方便,减小误差,滑动变阻器应选较小阻值,即G,定值电阻应选D
考查方向
解题思路
根据选定的电路,为了调节方便,减小误差,滑动变阻器应选较小阻值,,定值电阻应选D
易错点
对滑动变阻器的使用原则不理解易导致错误
正确答案
解析
用伏安法测量电阻，要求尽可能测出多组有关数值，故滑动变阻器要采用分压式接法；
考查方向
解题思路
用伏安法测量电阻，要求尽可能测出多组有关数值，故滑动变阻器要采用分压式接法；
易错点
滑动变阻器的连接是易错点
正确答案
解析
记录待测电流表的读数I、电路中另一个电表的读数x；设待测电流表G内阻为Rx，根据串并联电路特点和欧姆定律得出：
图线的斜率为k,，
所以待测电流表内阻等于
考查方向
解题思路
根据串并联电路特点和欧姆定律表示出I、x的关系式，结合图线的斜率求解．
易错点
对图像斜率的意义不理解易导致错误
下图所示为验证机械能守恒定律的实验装置，在气垫导轨上相隔一定距离的两处安装光电门1和光电门2，滑块上固定一遮光条，与两光电门相连的数字计时器可以测量 遮光片经过光电门1和光电门2的时间，分别记为△t1和△t2。
22.(1)接通电源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，向右轻推滑块，若测得△tl>△t2，说明气垫导轨____端偏高。（填“左”或“右”）
23.(2)用游标卡尺测遮光条宽度d，测量结果如右图所示，则d=____mm。
24.(3)气垫导轨调节好后，将滑块用细线跨过气垫导轨右端的定滑轮与质量为m的钩码相连，将滑块由图中所示位置释放，设钩码与地面足够远，分别测得△t'l、△t'2，若d已知，要验证滑块和钩码组成的系统机械能是否守恒，还应测出____。（写出物理量的名称及符号）
25.(4)若上述物理量间满足关系式____，则表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒。
正确答案
左
解析
)如果遮光条通过光电门的时间相等，说明滑块做匀速运动，即说明气垫导轨已经水平。若测得
考查方向
解题思路
如果遮光条通过光电门的时间相等，说明滑块做匀速运动，即说明气垫导轨已经水平，若不相等，即可判定高低．
易错点
不会调平气垫导轨易导致错误
正确答案
解析
)游标卡尺的主尺读数为：
考查方向
解题思路
）掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．
易错点
没有掌握游标卡尺读数的原理、方法易导致错误
正确答案
滑块质量M,两光电门间距离L
解析
要验证滑块和砝码组成的系统机械能是否守恒，就应该去求出动能的增加量和重力势能的减小量，光电门测量瞬时速度是实验中常用的方法。由于光电门的宽度很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度。即
滑块和砝码组成的系统动能的增加量
滑块和砝码组成的系统动能的重力势能的减小量
考查方向
解题思路
要验证滑块和砝码组成的系统机械能是否守恒，就应该去求出动能的增加量和重力势能的减小量，根据这两个量求解．
易错点
对研究对象选择不准确易导致错误
正确答案
解析
如果系统动能的增加量等于系统重力势能的减小量，那么滑块和砝码组成的系统机械能守恒。
即：
考查方向
解题思路
滑块和砝码组成的系统机械能守恒列出关系式
易错点
对研究对象选择不准确易导致错误
如图甲所示，真空中存在电场强度E=1.5×l03V／m、方向竖直向上的匀强电场。在电场中固定有竖直面内的光滑绝缘轨道ABC，其中AB段水平，BC段是半径R=0.5m的半圆，直径BC竖直。甲、乙是两个完全相同的导体小球（均可视为质点），质量均为m=3×10－2kg。甲球电量为q= +2 ×l0－4C、乙球不带电。开始时，乙球静止于B点。甲球在水平轨道上以初速度vo= 2
32.(1)甲、乙两球碰撞后瞬间，乙球的速度v2的大小；
33.(2)小球乙落在D点时，甲、乙两小球之间的距离S；
34.(3)若只改变场强E的大小，为了保证乙球能沿竖直轨道运动，并通过C点后落到水平轨道AB上，试确定场强E的取值范围。设乙球从B点运动到C的过程中，电势能的变化量为△Ep，在图2的坐标系中，定量画出小球乙的电势能变化量△Ep与场强E的关系图象。（画图时不必说明理由）
正确答案
解析
设甲小球和乙小球碰撞后的速度分别为
由动量守恒和机械能守恒
解得
甲小球和乙小球碰撞后的电荷量为
考查方向
解题思路
小球1、2发生弹性正碰，动量守恒，机械能守恒，结合动量守恒定律和机械能守恒定律求出碰撞后瞬间小球2的速度．
易错点
对碰撞类型的判断不准确易导致错误
正确答案
小球乙落在D点时，甲、乙两小球之间的距离S为
解析
设乙小球过C点的速度分别为
解得
由向心力公式得
解得
乙小球过C点做类平抛运动，加速度为a 运动时间t 水平位移为x
解得
考查方向
解题思路
根据动能定理求出小球2通过C点的速度，结合牛顿第二定律求出轨道对它的压力大小，小球2离开C点后做类平抛运动，结合牛顿第二定律求出加速度，求出竖直方向上的运动时间，通过等时性求出水平方向上的位移．
易错点
对小球运动情况分析不准确易导致错误
正确答案
解析
乙球运动到C点的条件是
联立方程解得场强的最小值为
乙球离开点落到轨道AB上需满足的条件是
解得场强的最大值为
故场强的取值范围为：
乙球由B到C点的过程中电场力做正功，电势能减小
解得
其电势能变化量
考查方向
解题思路
为了保证小球2能沿轨道运动并通过C点，通过C点时压力大于等于零，以及抓住电场力小于重力，结合动能定理求出电场强度的范围．由电场力做功与电势能变化之间的关系可求出
易错点
对小球临界条件的分析不准确已导致错误