物理 郑州市2016年高三第一次联合考试
精品
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多选题 本大题共3小题,每小题4分,共12分。在每小题给出的4个选项中,有多项符合题目要求,全对得4分,选对但不全得2分,有选错的得0分。
1
题型: 多选题
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分值: 4分

10.如下图所示,质量m=1kg的物体从高为h=0.2m的光滑轨道上P点由静止开始下滑,滑到水平传送带上的A点,物体和皮带之间的动摩擦因数为g=0.2,传送带AB之间的距离为L=5m,传送带一直以v=4m/s的速度匀速运动,则(   )

A物体从A运动到B的时间是1.5s

B物体从A运动到B的过程中,摩擦力对物体做了2 J功

C物体从A运动到B的过程中,产生2J热量

D物体从A运动到B的过程中,带动传送带转

动的电动机多做了10J功

正确答案

A,C

解析

考查方向

本题主要考查了功能关系;功的计算;机械能守恒定律.   

解题思路

分别求出物体在传送带上向左运动的时间、向右匀加速运动时间及向右匀速运动时间,三者之和即可所求时间;

易错点

常见功能关系

1
题型: 多选题
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分值: 4分

9.如图所示,足够长的U型光滑金属导轨平面与水平面成θ角(0<θ<90°),其中MN与PQ平行且间距为L,导轨平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直,导轨电阻不计。金属棒ab由静止开始沿导轨下滑,并与两导轨始终保持垂直且良好接触,ab棒接入电路的电阻为R,当流过ab棒某一横截面的电量为q时,棒的速度大小为v,则金属棒ab在这一过程中(   )

A运动的平均速度大于v

B受到的最大安培力大小为sinθ

C下滑的位移大小为

D产生的焦耳热为qBLv

正确答案

A,C

解析

分析ab棒的受力情况,有mgsin θ-=ma,分析可得ab棒做加速度减小的加速运动,故其平均速度大于初末速度的平均值,A正确;设ab棒沿斜面下滑的位移为x,则电荷量q=IΔt=·Δt=,解得位移x=,C正确;根据能量守恒定律可知,产生的焦耳热等于ab棒机械能的减少量,Q=-  mv2,ab棒受到的最大安培力为,B、D错误.

考查方向

本题考查金属棒切割磁感线的电磁感应现象,意在考查考生应用法拉第电磁感应定律、牛顿第二定律、能量守恒定律解决电磁感应综合问题的能力.

解题思路

根据右手定则判断出感应电流的方向,从而确定电势的高低.根据能量守恒确定ab棒产生的焦耳热与ab棒重力势能的减小量的关系.根据求解下滑的位移大小

易错点

电磁感应综合题中,常常用到这个经验公式:感应电量,常用来求位移.但在计算题中,不能直接作为公式用,要推导.

知识点

法拉第电磁感应定律
1
题型: 多选题
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分值: 4分

8.如图所示,M、N为两块带等量异种电荷的平行金属板,两板间电压可取从零到某一最大值之间的各种数值.静止的带电粒子带电荷量为+q,质量为m (不计重力),从点P经电场加速后,从小孔Q进入N板右侧的匀强磁场区域,磁感应强度大小为B,方向垂直于纸面向外,CD为磁场边界上的一绝缘板,它与N板的夹角为θ=30°,孔Q到板的下端C的距离为L,当M、N两板间电压取最大值时,粒子恰垂直打在CD板上,则:(   )

A两板间电压的最大值Um

BCD板上可能被粒子打中区域的长度S=

C粒子在磁场中运动的最长时间tm

D能打到N板上的粒子的最大动能为

正确答案

B,C,D

解析

A、M、N两板间电压取最大值时,粒子恰垂直打在CD板上,
所以圆心在C点,CH=QC=L,故半径R1=L

故A错B、设轨迹与CD板相切于K点,半径为R2,在△AKC中:

B、打在QE间的粒子在磁场中运动的时间最长,均为半周期:
T=

所以tm=1/2T=

考查方向

本题主要考查了电场和磁场的综合   

易错点

运动轨迹画不出

知识点

带电粒子在匀强电场中的运动带电粒子在匀强磁场中的运动
单选题 本大题共7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的4个选项中,有且只有一项是符合题目要求。
1
题型: 单选题
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分值: 4分

2.如图所示,一轻质细杆两端分别固定着质量为mA和mB的两个小球A和B(可视为质点).将其放在一个直角形光滑槽中,已知轻杆与槽右壁成α角,槽右壁与水平地面成θ角时,两球刚好能平衡,且α≠θ,则A、B两小球质量之比为(   )

A

B

C

D

正确答案

C

解析

试题分析:设杆对两小球的力为N,对A球在沿槽方向应用平衡条件得:,对B球在沿槽方向应用平衡条件得:,联立两式可得:两球的质量之比为:,C正确。

考查方向

本题主要考查了主要考查你对共点力的平衡等考点的理解,在近几年的各省高考题出现的频率非常高。

解题思路

设杆对两小球的力为N,对A球在沿槽方向应用平衡条件得:,对B球在沿槽方向应用平衡条件得:,联立两式可得:两球的质量之比为:,C正确。

易错点

由平衡条件F=0列方程

知识点

牛顿运动定律的应用-物体的平衡
1
题型: 单选题
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分值: 4分

3.如图所示为一半径为R的均匀带电细环,其上单位长度带电量为η,取环面中心O为原点,以垂直于环面的轴线为x轴.设轴上任意点P到原点O的距离为x,以无限远处为零电势点,P点的电势为.则下面给出的四个表达式中只有一个是合理的,这个合理的表达式是(式中k为静电力常量)(   )

A

B

C

D

正确答案

A

解析

电势的单位是V,1V=1N•m/C.A、等式右边单位是N•m/C,与等式左边相同,从数学角度看意义合理.故A正确.B、等式右边单位是N•m2/C2,与等式左边单位不同,B项不合理.故B错误.C、等式左右两边单位相同,但从数学角度分析,当x>R时根号内R2-x2<0,没有意义了,C项不合理.故C错误.D、等式右边单位是1N•m2/C,与等式左边单位不同,D项不合理.故D错误.
故选A

考查方向

本题主要考查了电势和量纲

解题思路

运用单位(量纲)检查方程是否正确是常用的方法.等式还要符合数学要求,不能没有意义.

易错点

不会运用单位(量纲)检查方程是否正确,总是想列方程求解。

知识点

电势能和电势
1
题型: 单选题
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分值: 4分

4.如下图所示,空间存在匀强电场,方向竖直向下,从绝缘斜面上的M点沿水平方向抛出一带电小球,最后小球落在斜面上的N点.已知小球的质量为m、初速度大小为v0、斜面倾角为θ,电场强度大小未知.则下列说法中正确的是(   )

A可以判断小球一定带正电荷

B可以求出小球落到N点时速度的方向

C可以求出小球由M落到N点所用时间

D可以分别求出小球到达N点过程中重力和静电力

对小球所做的功

正确答案

B

解析

A、小球做类平抛运动,电场力既可向上也可向下,故小球带正电、负电都可以,A错;B、利用平抛知识有: ,速度偏向角设为α,则  ,可求出小上球落到N点时的速度(包括大小和方向),B正确;C、由动能定理可以求出小球到达N点过程中重力和电场力对小球所做的总功,由于不知道电场力大小,不能求出电场力的功,因此无法求出重力做的功,故C错;D、由于不知道电场力大小,不知道小球受到的合力,不能求出小球的加速度,故小球到达N点的时间不能确定,故D错误;
故选B.

考查方向

本题主要考查了电场、动能定理知识点和类平抛运动的方法,在近几年的各省高考题出现的频率非常高。

解题思路

由于是曲线运动,所以应该想到类平抛和动能定理。

易错点

不会用类平抛方法分析

知识点

运动的合成和分解电势差与电场强度的关系
1
题型: 单选题
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分值: 4分

6.如图所示a、b间接入正弦交流电,理想变压器右侧部分为一火灾报警系统原理图,R2为热敏电阻,随着温度升高其电阻变小,所有电表均为理想电表,电流表A2为值班室的显示器,显示通过R1的电流,电压表V2显示加在报警器上的电压(报警器未画出),R3为一定值电阻。当R2所在处出现火情时,以下说法中正确的是(   )

AV1的示数减小,V2的示数减小

BV1的示数不变,V2的示数减小

CA1的示数增大,A2的示数增大

DA1的示数减小,A2的示数减小

正确答案

B

解析

当传感器R2所在处出现火情时,R2的电阻减小,导致电路的总的电阻减小,所以电路中的总电流将会增加,A1测量的是原线圈中的总的电流,由于副线圈的电流增大了,所以原线圈的电流A1示数也要增加;由于电源的电压不变,原副线圈的电压也不变,所以V1的示数不变,由于副线圈中电流增大,R3的电压变大,所以V2的示数要减小,即R1的电压也要减小,所以A2的示数要减小,所以B正确.

考查方向

本题主要考查了变压器的构造和原理,在近几年的各省高考题出现的频率非常高

解题思路

与闭合电路中的动态分析类似,可以根据R2的变化,确定出总电路的电阻的变化,进而可以确定总电路的电流的变化的情况,再根据电压不变,来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况.

易错点

电路的动态变化的分析,总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况,再确定其他的电路的变化的情况,即先部分后整体再部分的方法.

知识点

变压器的构造和原理
1
题型: 单选题
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分值: 4分

1.在物理学的发展过程中,科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用,下列  关于物理思想和方法说法错误的是(   )

A质点和点电荷是同一种思想方法

B重心、合力和分力、总电阻都体现了等效替换的思想

C加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量

D牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物,能用实验直接验证

正确答案

D

解析

A、质点及点电荷采用了理想化的物理模型的方法,所以质点和点电荷是同一种思想方法,故A正确;B、重心、合力和分力、总电阻都采用了等效替代的思想,故B正确;C、加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量.故C正确;D.牛顿第一定律不能用实验直接验证,故D错;

本题选错误的,故选:D.

考查方向

本题主要考查了物理思想与方法

解题思路

A、质点及点电荷采用了理想化的物理模型的方法,所以质点和点电荷是同一种思想方法,故A正确;B、重心、合力和分力、总电阻都采用了等效替代的思想,故B正确;;C、加速度、电场强度、电势都是采取比值法定义的物理量.故C正确;D.牛顿第一定律不能用实验直接验证,故D错;

本题选错误的,故选:D.

易错点

对于物理学上重要的实验和发现,可根据实验的原理、内容、结论及相应的物理学家等等一起记忆,不能混淆.

知识点

物理学史
1
题型: 单选题
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分值: 4分

5.2014年3月8日凌晨马航客机失联后,西安卫星测控中心紧急调动海洋、风云、高分、遥感4个型号近10颗卫星,为地面搜救提供技术支持.特别是“高分一号”突破了空间分辨率、多光谱与大覆盖面积相结合的大量关键技术.如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图.“北斗”系统中两颗卫星“G1”和“G3”以及“高分一号”均可认为绕地心O做匀速圆周运动.卫星“G1”和“G3”的轨道半径为r,某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置,“高分一号”在C位置.若卫星均顺时针运行,地球表面处的重力加速度为g,地球半径为R,不计卫星间的相互作用力.则下列说法正确的是(   )

A卫星“G1”和“G3”的加速度大小相等且为g

B卫星“G1”由位置A运动到位置B所需的时间为

C如果调动卫星“G1”快速追上卫星“G3”,必须对其加速

D若“高分一号”所在高度处有稀薄气体,则运行一段时间后,机械能会增大

正确答案

B

解析

试题分析:根据万有引力提供向心力,得.而.所以卫星的加速度.故A错误;根据万有引力提供向心力,得,所以卫星1由位置A运动到位置B所需的时间,故B正确;“G1”卫星加速,将做离心运动,轨道半径变大,故C错误;高分一号”是低轨道卫星,其所在高度有稀薄气体,克服阻力做功,机械能减小,故D错误。

考查方向

本题主要考查了考查了万有引力定律的应用

解题思路

根据万有引力提供向心力,轨道半径r越小,线速度v、加速度a越大,而周期T越小.根据轨道半径的变化可以判断速度、加速度和周期的变化.根据卫星变轨的知识可知,卫星要降低轨道,需要减速,故机械能减小.

易错点

1、“G1”卫星加速,将做离心运动,轨道半径变大,所以追不上。

2、高分一号”是低轨道卫星,其所在高度有稀薄气体,克服阻力做功,机械能减小

知识点

万有引力定律及其应用
1
题型: 单选题
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分值: 4分

7.如图所示,匀强电场中有一个以O为圆心、半径为R的圆,电场方向与圆所在平面平行,A、O两点电势差为U,一带正电的粒子在该电场中运动,经A、B两点时速度方向沿圆的切线,速度大小均为v0,粒子重力不计(   )

A粒子在A、B间是做圆周运动

B粒子从A到B的运动过程中,动能先增大后减小

C匀强电场的电场强度E=

D圆周上电势最高的点与O点的电势差为U

正确答案

D

解析

考查方向

本题主要考查了匀强电场中电势差和电场强度的关系;动能定理的应用;电场强度   

解题思路

带正电粒子仅在电场力作用下,从A运动到B,由速度大小,得出粒子的动能,从而确定粒子的电势能大与小.由于匀强电场,则等势面是平行且等间距.根据曲线运动条件可从而确定电场力的方向,从而得出匀强电场的电场线方向.

易错点

紧扣动能相等作为解题突破口,由于仅在电场力作用下,所以得出两点的电势能大小关系.并利用等势面与电场线垂直的特性,从而推出电场线位置.再由曲线运动来确定电场力的方向.同时考查U=Ed中d的含义重要性.

知识点

电势差与电场强度的关系带电粒子在匀强电场中的运动
简答题(综合题) 本大题共54分。简答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。
1
题型:简答题
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分值: 15分

17.【物理一选修3—3】

(1)下面说法中正确的是_______。    

A.所有晶体沿各个方向的物理性质和化学光学性质都相同    

B.足球充足气后很难压缩,是因为足球内气体分子间斥力作用的结果    

C.自然界中只要涉及热现象的宏观过程都具有方向性    

D.一定质量的理想气体,如果压强不变,体积增大,那么它一定从外界吸热

E.一定质量的理想气体保持体积不变,温度升高,单位时间内撞击器壁单位面积上的分子数增多

(2)如图甲是一定质量的气体由状态A经过状态B变为状态C的V-T图象。

已知气体在状态A时的压强是1.5×105Pa。

①说出A→B过程中压强变化的情形,并根据图象提供的信息,计算图甲中TA的温度值.

②请在图乙坐标系中,作出该气体由状态A经过状态B变为状态C的P—T图象,并在图线相应位置上标出字母A、B、C.如果需要计算才能确定的有关坐标值,请写出计算过程.

正确答案

(1)CDE

(2)(1)温度值TA为200K.  如图所示

解析

(1)CDE、

(2) 解析 ①(5分)从题图甲可以看出,AB连线的延长线过原点,所以AB是一个等压变化,即pApB

根据盖—吕萨克定律可得

所以TATB×300 K=200 K.

②由题图甲可知,由BC是等容变化,根据查理定律得

所以pCpBpBpB×1.5×105 Pa=2.0×105 Pa

则可画出由状态ABCpT图象如图所示.

考查方向

本题考查了作图象、求气体状态参量问题

解题思路

(2)由图示图象求出气体各状态的状态参量、判断出气体状态变化过程,然后应用气体状态方程求出气体状态参量,再作出图象.

易错点

分析清楚图示图象,根据图象判断出气体的状态变化过程与状态参量、应用气体状态方程即可正确解题.

1
题型:简答题
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分值: 8分

14.如图,在水平轨道右侧固定半径为R的竖直圆槽形光滑轨道,水平轨道的PQ段铺设特殊材料,调节其初始长度为l,水平轨道左侧有一轻质弹簧左端固定,弹簧处于自然伸长状态。可视为质点的小物块从轨道右侧A点以初速度v0冲上轨道,通过圆形轨道、水平轨道后压缩弹簧,并被弹簧以原速率弹回。已知R=0.4 m,l=2.5m,v0=6m/s,物块质量m=1kg,与PQ段间的动摩擦因数μ=0.4,轨道其它部分摩擦不计。取g=10m/s2

求:

(1)物块第一次经过圆轨道最高点B时对轨道的压力;

(2)物块仍以v0从右侧冲上轨道,调节PQ段的长度l,当l长度是多少时,物块恰能不脱离轨道返回A点继续向右运动.

正确答案

(1)、

(2)、L=1m

解析

解:(1)对物块,首次从A到B,有

在B点,有:

解得:

根据牛顿第三定律,小球对轨道的压力大小为40N,方向竖直向上。

(2)对物块,从A点到第二次到达B点:

在B点,有:

解得:L=1m

考查方向

本题主要考查了动能定理、牛顿第二定理。  

解题思路

由于是单个物体做多过程、曲线运动的问题,所以要用动能定理列方程求解

易错点

(2)问中不脱离轨道返回A点的理解:只要物体能返回最高的B就能回到A点,所以   从A点到第二次到达B点:

在B点,有:

知识点

向心力动能定理的应用
1
题型:简答题
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分值: 8分

13.近年来全国多地雾霾频发,且有愈演愈烈的趋势,空气质量问题备受关注,在雾霾天气下,能见度下降,机动车行驶速度降低,道路通行效率下降,对城市快速路、桥梁和高速公路的影响很大。如果路上能见度小于200米,应开启机动车的大灯、雾灯、应急灯,将车速控制在60km/h以下,并与同道前车保持50米的车距;当能见度小于100米时,驾驶员将车速控制在40km/h以下,车距控制在100米。已知汽车保持匀速正常行驶时受到地面的阻力为车重的0.1倍,刹车时受到地面的阻力为车重的0.5倍,重力加速度为g=10m/s2(空气阻力忽略不计),则:

(1)若汽车在雾霾天行驶的速度为v=54km/h,则刹车后经过多长时间才会停下来?(2)若前车因故障停在车道上,当质量为m=1300kg的后车距已经停止的前车为90m

时紧急刹车,刚好不与前车相撞,则后车正常行驶时的功率为多大?[

正确答案

(1)、t=3s;

(2)、p=39Kw

解析

解:(1)汽车的初速度:v=54km/h=15m/s

刹车后,由牛顿第二定律得:-0.5mg=ma

解得:a=0.5g=-5m/s2

由匀变速直线运动的速度公式得:v′=v+at,

代入数据解得:t=3s

(2)由动能定理得:-f2s=0-mv02

阻力:f2=k2mg,

代入数据解得:v0=30m/s,

正常行驶时,F-f1=0,f1=k1mg=0.1mg,

功率:P=Fv0=0.1×1300×10×30=39000W=39Kw

考查方向

本题主要考查了力与运动的关系、运动学公式、功率。在近几年的各省高考题出现的频率较高。

解题思路

(1)已知受力情况求运动情况,思路:受力分析——由F=ma求a——运动学公式求解t

(2)、由动能定理或运动学公式求v0 ,再由P=Fv0求出功率

易错点

本题属于简单题,只要认真就不会出错。

知识点

匀变速直线运动规律的综合运用功率
1
题型:简答题
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分值: 12分

16.如图所示,水平放置的三条光滑平行金属导轨a,b,c,相距均为d=1m,导轨ac间横跨一质量为m=1kg的金属棒MN,棒与导轨始终良好接触.棒的总电阻r=2Ω,导轨的电阻忽略不计.在导轨bc间接一电阻为R=2Ω的灯泡,导轨ac间接一理想电压表.整个装置放在磁感应强度B=2T匀强磁场中,磁场方向垂直导轨平面向下.现对棒MN施加一水平向右的拉力F,使棒从静止开始运动,已知施加的水平外力功率恒定,经过t=1s时间棒达到稳定时速度3m/s.试求:

(1)金属棒达到稳定时施加水平恒力F为多大?水平外力F的功率为多少?

(2)金属棒达到稳定时电压表的读数为多少?

(3)此过程中灯泡产生的热量是多少?

正确答案

(1)、F=4N   P=12w

(2)、U=10v    (3)、Q1=5J

解析

解:(1)当时,金属棒速度达到稳定,则

联立得4N

P=FV=12W

(2) 设电压表的读数为U,则有U=BdV+UL

代入数据得  U=10v

(3)设小灯泡和金属棒产生的热量分别为Q1、Q2,根据焦耳定律得知

由功能关系得:

代入数据得  Q1=5J

考查方向

本题主要考查了电磁感应和电路综合的问题,常和能量结合考查。  

解题思路

见解析

易错点

(2)问不会画等效电路图   

(3)问中的功能关系

知识点

功能关系电功、电功率通电直导线在磁场中受到的力
1
题型:简答题
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分值: 11分

15.如图,在xOy平面第一象限内有平行于y轴的匀强   电场和垂直于xOy平面的匀强磁场。一质量为m、带电量为+q的小球从y轴上离坐标原点距离为L的A点处,以沿x正向的初速度v0进入第一象限,小球恰好做匀速圆周运动,并从x轴上距坐标原点L/2的C点离开磁场。求:

(1)匀强电场电场强度E的大小和方向;

(2)磁感应强度B的大小和方向;

(3)如果撤去磁场,并且将电场反向,带电小球仍以相同的初速度从A点进入第一象限,求带电小球到达x轴时的坐标.

正确答案

(1)、    方向 竖直向上

(2)、   方向 垂直xoy平面向外

(3)、

解析

解:(1)由带电小球做匀速圆周运动知,mg=Eq

所以      方向 竖直向上

(2)带电小球做匀速圆周运动时,洛仑兹力提供向心力

qv0B =mv02/R

B=mv0/(qR )

由圆周运动轨迹分析得 (L-R)2+()2=R2

R=5L/8

代入得

(3)电场反向后竖直方向受力 Eq+mg=ma

a=2g

小球做类平抛运动有X=v0t  , 

得  

考查方向

本题主要考查了带电粒子在复合场中运动的问题,综合度较高。 在近几年的各省高考题出现的频率较高

解题思路

见解析

易错点

第(3)问,合力恒定并且垂直初速度,所以小球做类平抛运动。

知识点

带电粒子在匀强电场中的运动带电粒子在匀强磁场中的运动
填空题 本大题共2小题,每小题6分,共12分。把答案填写在题中横线上。
1
题型:填空题
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分值: 6分

11.某实验小组为探究加速度与力之间的关系设计了如图(a)所示的实验装置,用钩码所受重力作为小车所受的拉力,用DIS(数字化信息系统)测小车的加速度。通过改变钩码的数量,多次重复测量,可得小车运动的加速度a和所受拉力的关系图象。他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验,得到了两条a-F图线,如图(b)所示。

①图线___________是在轨道水平的情况下得到的(选填“Ⅰ”或“Ⅱ”).

②小车和位移传感器发射部分的总质量为______kg,小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为________N.

正确答案

①   Ⅱ

②1kg  1N

解析

(1)图线Ⅱ对应的是当F≠0时,小车加速度还是等于0,故图线Ⅱ是在轨道水平的情况下得到的,没有平衡摩擦力得到的图线;

(2)根据F=ma得a-F图象的斜率k=,由a-F图象得图象斜率k=1,所以m=1kg.由a-F图象②得,当F=1N时,物体即将要滑动,即最大静摩擦力等于1N

考查方向

本题主要考查了探究加速度与力之间的关系的实验  

解题思路

(1)图线Ⅱ对应的是当F≠0时,小车加速度还是等于0,故图线Ⅱ是在轨道水平的情况下得到的,没有平衡摩擦力得到的图线;

(2)根据F=ma得a-F图象的斜率k=,由a-F图象得图象斜率k=1,所以m=1kg.由a-F图象②得,当F=1N时,物体即将要滑动,即最大静摩擦力等于1N

易错点

(2)问中利用数学方法图像的斜率求相关物理量是常考方法。

知识点

探究加速度与物体质量、物体受力的关系
1
题型:填空题
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分值: 10分

12.某实验小组为了测定某一标准圆柱形导体的电阻率,进行如下实验:

①首先用多用电表进行了电阻测量,主要实验步骤如下:A.把选择开关扳到“×10”的欧姆挡上;B.把表笔插入测试插孔中,先把两根表笔相接触,旋转欧姆调零旋钮,使指针指在电阻刻度的零位上; C.把两根表笔分别与圆柱形导体的两端相接,发现这时指针偏转较大;D.换用“×100”的欧姆挡进行测量,随即记下欧姆数值;E.把表笔从测试笔插孔中拔出后,将选择开关旋至OFF,把多用电表放回原处.

上述实验中有二处操作错误:

错误一:______________________________________________.

错误二:______________________________________________.

②分别用游标卡尺和螺旋测微器对圆柱形导体的长度L和直径d进行测量,结果如图所示,其读数分别是L=________mm,d=_________mm.

③为使实验更准确,又采用伏安法进行了电阻测量,右上图两个电路方案中,应选择    图___________.用实验中读取电压表和电流表的示数U、I和②中读取的L、d,计算电阻率的表达式为ρ=_________.

正确答案

①换用“×1”的欧姆档      没有重新欧姆调零

②23.7mm         2.795(2,792mm~2.796mm)

③乙         

解析

①若指针偏转较大,说明电阻值较小,应选用较小的档位测量,尽可能让欧姆表的表什指向中央,测量较准;换档后必定重新进行欧姆调零。②L=23mm+0.1×7mm=23.7mm;d=2.5mm+0.01×29.5mm=2.795mm。③由于值较小,应选用安培表的外接,选乙图;由于测量值,根据电阻定律,而,代入整理得:

考查方向

本题主要考查了测金属丝的电阻率   

解题思路

①若指针偏转较大,说明电阻值较小,应选用较小的档位测量,尽可能让欧姆表的表什指向中央,测量较准;换档后必定重新进行欧姆调零。②L=23mm+0.1×7mm=23.7mm;d=2.5mm+0.01×29.5mm=2.795mm。③由于值较小,应选用安培表的外接,选乙图;由于测量值,根据电阻定律,而,代入整理得:

易错点

③由于值较小,应选用安培表的外接,选乙图;由于测量值,根据电阻定律,而,代入整理得:

知识点

测定金属的电阻率

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