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15.在研发无人驾驶汽车的过程中,对比甲乙两辆车的运动,两车在计时起点时刚好经过同一位置沿同一方向做直线运动,它们的速度随时间变化的关系如图所示,由图可知
正确答案
解析
:A、根据速度时间图象的斜率等于加速度,可知,甲车的加速度可以为零.故A错误.B、在前3s内,甲的速度比乙的大,两者出发点相同,则甲在乙的前方,两者间距逐渐增大.3-6s内,乙的速度比甲的大,两者间距逐渐减小,所以在t=3s时,两车第一次相距最远.故B正确.C、根据“面积”表示位移,可知前6s内,乙的位移比甲的大,则在t=6s时,两车不在同一位置,故C错误.D、根据斜率表示加速度,斜率的正负表示加速度的方向,则知甲车在t=6s时的加速度与t=9s时的加速度不同,故D错误.
考查方向
解题思路
在v-t图象中,图象的斜率表示加速度,图象与坐标轴围成的面积表示位移.通过分析两个物体的运动情况进行判断.
易错点
本题是速度-时间图象的应用,要明确斜率的含义,知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义,能根据图象读取有用信息.
16.如图所示,在楼道内倾斜天花板上需要安装灯泡照明,两根轻质细线的一端拴在O点、另一端分别固定在天花板上a点和b点,一灯泡通过轻质细线悬挂于O点,系统静止,Oa水平、Ob与竖直方向成一定夹角.现在对灯泡施加一个水平向右的拉力,使灯泡缓缓向右移动一小段距离的过程中
正确答案
解析
A,B:对灯泡应用图解法可知连接灯泡的细线对O点的拉力的水平分力不断增大,又F2不变,由结点O静止可知F1不断增大,选项A错,B对.
C,D:对结点O,竖直方向上受连接灯泡的细线的拉力和细线Ob拉力F2的竖直分力作用,由于系统静止,故有拉力F2的竖直分力等于灯泡重力,而重力大小不变,则F2不变,选项C、D错;
考查方向
解题思路
在灯泡缓缓向右移动一小段距离的过程中,对Oa和ob利用三角形法则进行分析,由长度变化推算力的大小的变化。
易错点
三角形法则运用错误。
14.目前世界上输送功率最大的直流输电工程——哈(密)郑(州)特高压直流输电工程已正式投运。高压直流输电具有无感抗、无容抗、无同步问题等优点。已知某段直流输电线长度200m,通有从西向东2000A的恒定电流,该处地磁场的磁感应强度5×10-5T,磁倾角(磁感线与水平面的夹角)为50(sin50≈0.1)。则该段导线所受安培力的大小和方向为
正确答案
解析
匀强磁场方向为由南向北,而电流方向为从西向东.则由左手定则可得向北与水平面成85°角斜向上方.
安培力的大小为F=BIL=5×10-5×2000×200N=20N
所以A正确,BCD错误。
考查方向
解题思路
通电导线在磁场中,受到安培力作用.方向由左手定则来确定,大小由安培力公式求得
易错点
考查左手定则,注意要将其与右手定则区分开来.在使用安培力公式时,注意通电导线要与磁场垂直
17.静电场方向平行于x轴,其电势随x的分布可简化为如图所示的折线,图中 和d为已知量.一个带正电的粒子在电场中以 x=0为中心、沿x轴方向做周期性运动.已知该粒子质量为m、电量为q,忽略重力.规定x轴正方向为电场强度E、加速度a、速度v的正方向,如图分别表示x轴上各点的电场强度E,小球的加速度a、速度v和动能Ek随x的变化图象,其中正确的是
正确答案
解析
A、φ-x图象的斜率表示电场强度,沿电场方向电势降低,因而在x=0的左侧,电场向左,且为匀强电场,故A 错误;
B、由于粒子带正电,粒子的加速度在x=0左侧加速度为负值,在x=0右侧加速度为正值,且大小不变,故B错误;
C、在x=0左侧粒子向右匀加速,在x=0的右侧向右做匀减速运动,速度与位移不成正比,故C错误;
D、在x=0左侧粒子根据动能定理qEx=Ek2,在x=0的右侧,根据动能定理可得-qEx=Ek′-Ek,故D正确
考查方向
解题思路
在φ-x图象的斜率表示电场强度,判断出场强的大小,由牛顿第二定律F=qE=ma判断出加速度的变化,由v=v0+at判断出速度的变化,根据动能定理判断出动能的变化.
易错点
从图象中判断出斜率即为电场强度,然后利用牛顿第二定律判断出加速度,速度时间公式判断速度
18.如图所示,半径为R、内壁光滑的硬质小圆桶固定在小车上,小车以速度v在光滑的水平公路上做匀速运动,有一质量为m、可视为质点的光滑小铅球在小圆桶底端与小车保持相对静止。当小车与固定在地面的障碍物相碰后,小车的速度立即变为零.关于碰后的运动(小车始终没有离开地面),下列说法正确的是
正确答案
考查方向
解题思路
小球和车原来有共同的速度,当小车遇到障碍物突然停止后,小球由于惯性会继续运动,可能会越过最高点做完整的圆周运动,也有可能达不到四分之一圆周,速度减为零,也有可能越过四分之一圆周但越不过圆桶的最高点.在运动的过程中小球的机械能守恒,针对不同的情况,根据机械能守恒可以分析小球能达到的最大高度.小车遇到障碍物突然停止运动后,小球由于惯性会继续运动,可能会越过最高点做圆周运动,也有可能达不到四分之一圆周,速度减为零,也有可能越过四分之一圆周但越不过圆桶的最高点.
1、若越过最高点做圆周运动,则在圆桶中上升的高度等于2R.
2、若达不到四分之一圆周,速度减为零,根据机械能守恒,mv2=mgh,h=
易错点
关键要分析清楚小球可能的运动情况,分完整圆周运动和不完整圆周运动两类情形,通过机械能守恒定律求解;关键确定出小球在最高点的临界速度,运用机械能守恒定律进行求解.
21.如图所示,一轻质弹簧下端固定在水平地面上,上端与物体A连接,物体A 又与一跨过定滑轮的轻绳相连,绳另一端悬挂着物体B和C,A、B、C均处于静止状态.现剪断B和C之间的绳子,则A和B将一起振动,且它们均各在某一位置上下振动,振动过程中离开那一位置向上或向下距离相同.已知物体A质量为3m,B和C质量均为2m,弹簧的劲度系数为k.下列说法正确的是
正确答案
解析
:A。剪断B和C间绳子之前,A,B,C均处于静止状态时,设绳子拉力为F,对BC整体受力分析得:F=4mg,对A受力分析得:F=3mg+kx1,解得:x1=;A正确。
B.根据胡克定律,绳剪断前,弹簧伸长量:x1=;物体A所受合外力为零时,速度最大.此时弹簧压缩量:x2=,B正确。
C.B振动到最低点时拉力最大,为F1;振动到最高点时拉力最小,为F2;
B在振动过程的最低点:F1-2mg=2ma,3mg+kx1-F1=3ma,
解得:F1=2.8mg,ma=0.4mg
B在振动过程的最高点:2mg-F2=2ma,解得:F2=1.2mg.C正确。
D.根据胡克定律,绳剪断前,弹簧伸长量:x1=;
物体A所受合外力为零时,速度最大.此时弹簧压缩量:x2=,对A、B组成的系统,根据机械能守恒定律得:3mg(x1+x2)-2mg(x1+x2)=×5mv2
解得:v=,D错误.
考查方向
解题思路
(1)分别对A和BC整体受力分析,根据平衡条件求解即可;
(2)根据胡克定律,通过共点力平衡分别求出绳子剪断前弹簧的伸长量以及绳子剪断后,弹簧在平衡位置时的压缩量.发现两个位置伸长量和压缩量相等,则弹簧势能相等,结合机械能守恒定律求出在平衡位置时的速度,即最大速度.
(3)B振动到最低点时拉力最大,振动到最高点时拉力最小,根据牛顿第二定律求出最大拉力和最小拉力
易错点
自由落体运动、胡克定律、机械能守恒定律和牛顿第二定律的综合运用。
19.我国于2013年12月2日凌晨成功发射了“嫦娥三号”月球探测器,12月10日21时20分,“嫦娥三号”在环月轨道成功实施变轨控制,从100km×100km的环月圆轨道,降低到近月点15km、远月点100km的椭圆轨道,进入预定的月面着陆准备轨道,并于12月14日21时11分实现卫星携带探测器在月球的软着陆.下列说法正确的是
正确答案
解析
A、在地球表面发射卫星的速度不得小于地球的第一宇宙速度7.9km/s,故A错误.
B、根据万有引力等于向心力GMm/r2=mr,已知周期和轨道高度,不知道月球半径,无法计算月球质量,也无法计算月球体积,不能计算月球的密度.故B错误.
C、设“嫦娥三号”、“嫦娥一号”各自绕月球做匀速圆周运动的高度(高度不同)分别为h3和h1、周期分别为T3和T1,月球的半径为R、质量为M,
对“嫦娥一号”,根据万有引力提供向心力化简得GM=(R+h1)3
同理,对于“嫦娥三号”,有GM=(R+h3)3.
以上两式中只有M和R两个未知数,故能计算出来,故C正确.
D、“嫦娥三号”为着陆准备而实施变轨控制时,需要通过发动机减速,使其受到的万有引力大于向心力做近心运动.故D正确.
考查方向
解题思路
第一宇宙速度是最小的发射速度,是近地卫星的运行速度.根据万有引力等于向心力,已知周期和轨道高度,不知道月球半径,无法计算月球质量,也无法计算月球体积,不能计算月球的密度.“嫦娥三号”为着陆准备而实施变轨控制时,需要通过发动机减速,使其受到的万有引力大于向心力做近心运动.
易错点
探月卫星绕月球做匀速圆周运动时,万有引力提供向心力,其中r为轨道半径,等于卫星距离月球表面的高度h加上月球的半径R.
20.如图所示,圆形区域半径为R,内有一垂直纸面的匀强磁场,磁感应强度的大小为,P为磁场边界上的一点,相同的带正电的粒子,以相同的速率从P点射入磁场区域,速度方向沿位于纸面内的各个方向.这些粒子射出磁场边界的位置在边界的某一段弧上.这段圆弧的弧长是圆周的,若将磁感应强度的大小变为,结果相应的弧长变为圆周长的,不计粒子的重力和粒子间的相互影响,则
正确答案
解析
设圆的半径为r
(1)磁感应强度为B1时,从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为M,最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点,∠POM=120°,如图所示:
所以粒子做圆周运动的半径R为:sin60°=,解得:R=r.
磁感应强度为B2时,从P点射入的粒子与磁场边界的最远交点为N,最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点,∠PON=90°,如图所示:
所以粒子做圆周运动的半径R′为:R′=r,
由带电粒子做圆周运动的半径:R=,由于v、m、q相等,
===
A.根据解析,磁感应强度的大小为时,粒子轨迹半径为,A正确。
B.A正确,则B错误。
C.根据解析,,C正确。
D.C正确,则D错误。
考查方向
解题思路
画出导电粒子的运动轨迹,找出临界条件角度关系,利用圆周运动由洛仑兹力充当向心力,分别表示出圆周运动的半径,进行比较即可.
易错点
带电粒子在电磁场中的运动一般有直线运动、圆周运动和一般的曲线运动;直线运动一般由动力学公式求解,圆周运动由洛仑兹力充当向心力,一般的曲线运动一般由动能定理求解.
34.下面说法中正确的是_______。(填正确答案标号。选对1个得2分,选对2个得4分,选对3个得5分。每选错1个扣3分,最低得分为0分)
正确答案
解析
A、单晶体具有各向异性,即单晶体沿着各个方向的物理性质和化学光学性质不同.故A错误.
B、足球充足气后很难压缩是由于足球内外有压强差的原因,与气体分子之间的作用力无关.故B错误.
C、根据热力学第二定律知,自然界中只要涉及热现象的宏观过程都具有方向性.故C正确.
D、一定质量的理想气体,如果压强不变,体积增大,由气态方程=c知温度升高,内能增大,气体对外界做功,根据热力学第一定律△U=Q+W可知,气体一定吸收热量,故D正确.
E、一定质量的理想气体保持体积不变,单位体积内分子数不变,温度升高,分子的平均动能增大,则平均速率增大,单位时间内撞击单位面积上的分子数增多.故E正确.
考查方向
解题思路
单晶体具有各向异性.多晶体具有各向同性.足球充足气后很难压缩是由于足球内外的压强差的原因;根据热力学第一定律解释其内能的变化;体积不变,单位体积内分子数不变,温度升高,单位时间内撞击单位面积上的分子数增大.
易错点
对基本概念的记忆,基本方法的学习利用,对于气体状态参量的变化,要根据气态方程
=c分析.
22.某实验小组为探究加速度与力之间的关系设计了如图(a)所示的实验装置,用钩码所受重力作为小车所受的拉力,用DIS(数字化信息系统)测小车的加速度。通过改变钩码的数量,多次重复测量,可得小车运动的加速度a和所受拉力的关系图象。他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验,得到了两条a-F图线,如图(b)所示。
⑴图线___________是在轨道水平的情况下得到的(选填“Ⅰ”或“Ⅱ”).
⑵小车和位移传感器发射部分的总质量为______kg,小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为________N.
正确答案
(1)Ⅱ,(2)1,1.
解析
:(1)在水平轨道上,由于受到摩擦力,拉力不为零时,加速度仍然为零,可知图线Ⅱ是在轨道水平的情况下得到的.
(2)根据牛顿第二定律得,F-f=ma,a=−,图线的斜率表示质量的倒数,则=1,解得m=1kg.因为F=1N时,加速度为零,解得f=1N.
考查方向
解题思路
根据a-F图象的特点结合牛顿第二定律分析求解.理解该实验的实验原理和数据处理以及注意事项,知道实验误差的来源.
易错点
通常的方法是得出两个物理量的表达式,结合图线的斜率和截距进行求解.
某同学尝试把一个灵敏电流表改装成温度表,他所选用的器材有:灵敏电流表(待改装),学生电源(电动势为E,内阻不计),滑动变阻器,单刀双掷开关,导线若干,导热性能良好的防水材料,标准温度计,PTC热敏电阻 (PTC线性热敏电阻的阻值与摄氏旁温度t的关系为).设计电路如图所示,并按如下步骤进行操作:
23.该电路图连接好实验器材;
24.将滑动变阻器滑片P滑到______端(填“a”或“b”),单刀双掷开关S掷于_______端(填“c”或“d”),调节滑片P使电流表__________,并在以后的操作中保持滑片P位置不动,设此时电路总电阻为R,断开电路;
25.容器中倒入适量开水,观察标准温度计,每当标准电流表的示数下降5℃,就将开关S置于d端,并记录此时的温度t和对应的电路表的示数I,然后断开开关,请根据温度表的设计原理和电路图,写出电流与温度的关系式I=________________________(用题目中给定的符号)
正确答案
略
解析
略
考查方向
解题思路
由题可知,该实验的原理是利用闭合电路的欧姆定律,测出不同温度条件下,即不同的电阻值下的电流,然后将电流与温度相对应,把电流计改装为温度计.结合该原理,需要向选取电路中合适的变阻器电阻值,然后测定不同温度下的电流,最后标注即可.
易错点
该实验中,将电流表改变为温度计,解答的前提是一定要理解该实验的原理,第四问 对表盘的刻度是难点,要充分理解电流与温度之间的关系.
正确答案
(2)a,c,满偏(或指针到最大电流刻度);
解析
(2)根据实验的原理可知,需要先选取合适的滑动变阻器的电阻值,结合滑动变阻器的使用的注意事项可知,开始时需要将滑动变阻器滑片P滑到 a端,乙保证电流表的使用安全;然后将单刀双掷开关S掷于 c端,调节滑片P使电流表满偏,设此时电路总电阻为R,断开电路.
考查方向
解题思路
由题可知,该实验的原理是利用闭合电路的欧姆定律,测出不同温度条件下,即不同的电阻值下的电流,然后将电流与温度相对应,把电流计改装为温度计.结合该原理,需要向选取电路中合适的变阻器电阻值,然后测定不同温度下的电流,最后标注即可.
易错点
该实验中,将电流表改变为温度计,解答的前提是一定要理解该实验的原理,第四问 对表盘的刻度是难点,要充分理解电流与温度之间的关系.
正确答案
(3)
(4)右,否
解析
(3)当温度为t时,热敏电阻的阻值与摄氏温度t的关系为:R1=a+kt,根据闭合电路的欧姆定律可得,I==
26.根据对应温度记录的电流表示数,重新刻制电流表的表盘,改装成温度表,根据改装原理,此温度表表盘刻度线的特点是:低温刻度在______侧(填“左”或“右”),刻度线分布是否均匀?_________(填“是”或“否”)
(4)由上式可知,温度越高,电流表中的电流值越小,所以低温刻度在表盘的右侧;由于电流与温度的关系不是线性函数,所以表盘的刻度是不均匀的.
考查方向
解题思路
由题可知,该实验的原理是利用闭合电路的欧姆定律,测出不同温度条件下,即不同的电阻值下的电流,然后将电流与温度相对应,把电流计改装为温度计.结合该原理,需要向选取电路中合适的变阻器电阻值,然后测定不同温度下的电流,最后标注即可.
由题可知,该实验的原理是利用闭合电路的欧姆定律,测出不同温度条件下,即不同的电阻值下的电流,然后将电流与温度相对应,把电流计改装为温度计.结合该原理,需要向选取电路中合适的变阻器电阻值,然后测定不同温度下的电流,最后标注即可.
易错点
该实验中,将电流表改变为温度计,解答的前提是一定要理解该实验的原理,第四问 对表盘的刻度是难点,要充分理解电流与温度之间的关系.
该实验中,将电流表改变为温度计,解答的前提是一定要理解该实验的原理,第四问 对表盘的刻度是难点,要充分理解电流与温度之间的关系.
车站、码头、机场等使用的货物安检装置的示意图如图所示,绷紧的传送带始终保持v=1m/s的恒定速率运行,AB为水平传送带部分且足够长,现有一质量为m=5kg的行李包(可视为质点)无初速度地放在水平传送带的A端,传送到B端时没有被及时取下,行李包从B端沿倾角为37°的斜面滑入储物槽,已知行李包与传送带的动摩擦因数为0.5,行李包与斜面间的动摩擦因数为0.8,g取10m/s2,不计空气阻力(sin37°=0.6,cos37°=0.8)。
27.行李包相对于传送带滑动的距离。
28.若B轮的半径为R=0.2m,求行李包在B点对传送带的压力。
29.若行李包滑到储物槽时的速度刚好为零,求斜面的长度。
正确答案
(1)行李包相对于传送带滑动的距离是0.1m.
【考查方向】牛顿运动定律的综合应用;牛顿第二定律.
解题思路
(1)水平方向行李包受到摩擦力的作用做匀加速直线运动,由牛顿第二定律求出加速度,由v=at求出运动的时间,根据时间和加速度求出水平距离以及二者水平位移的差.
【解析】:(1)行李包在水平传送带上有摩擦力产生加速度,由牛顿第二定律得:
μ1mg=ma1
所以:a1=μ1g=0.5×10=5m/s2
行李包到达传送带的速度需要的时间:v=a1t1
所以:t1==0.2s
行李包前进的距离:x1=a1
传送带前进的距离:x2=vt1
行李包相对于传送带的距离:△x=x2-x1
代入数据解得:△x=0.
易错点
牛顿运动定律的综合应用,属于单物体多过程的情况,这一类的问题要理清运动的过程以及各过程中的受力,然后再应用牛顿运动定律解答.
正确答案
(2)若B轮的半径为R=0.2m,行李包在B点对传送带的压力是25N,方向竖直向下;
解析
(2)行李包在B点受到重力和支持力的作用,由牛顿第二定律可知:F-mg=
代入数据得:F=25N根据牛顿第三定律,行李包在B点对传送带的压力大小是25N,方向竖直向下.
考查方向
解题思路
(2)行李包在B点受到重力和支持力的作用,由牛顿第二定律即可求得支持力;压力大小等于支持力;
易错点
牛顿运动定律的综合应用,属于单物体多过程的情况,这一类的问题要理清运动的过程以及各过程中的受力,然后再应用牛顿运动定律解答.
正确答案
(3)若行李包滑到储物槽时的速度刚好为零,斜面的长度是1.25m.
考查方向
解题思路
(2)行李包在B点受到重力和支持力的作用,由牛顿第二定律即可求得支持力;压力大小等于支持力;
(3)根据受力分析,结合牛顿第二定律求出行李包在斜面上的加速度,然后结合题目的条件即可求出.
【解析(3)行李包在斜面上受到重力、支持力和摩擦力的作用,沿斜面向下的方向:
μ2mgcos37°-mgsin37°=ma2
要使它到达底部时的速度恰好为0,则:0-v2=-2a2x
代入数据解得:x=1.25m
易错点
牛顿运动定律的综合应用,属于单物体多过程的情况,这一类的问题要理清运动的过程以及各过程中的受力,然后再应用牛顿运动定律解答.
线连接阻值R=0.6Ω的电阻,导轨电阻不计,一根质量为m=0.2kg、阻值r=0.2Ω的金属棒ab放在两导轨上,棒与导轨垂直并保持良好接触,金属棒与导轨间的动摩擦因数=0.5。整个装置处在竖直向下的匀强磁场中,取g=10m/s2。若所加磁场的磁感应强度大小恒为B,通过小电动机对金属棒施加水平向左的牵引力,使金属棒沿导轨向左做匀加速直线运动,经过0.5s电动机的输出功率达到P=10W,此后电动机功率保持不变。金属棒运动的v~t图像如图(b)所示,试求:
30.磁感应强度B的大小;
31.在0~0.5s时间内金属棒的加速度a的大小;
32.在0~0.5s时间内电动机牵引力F与时间t的 关 系。
33.若在0~0.3s时间内电阻R产生的热量为0.15J,则在这段时间内电动机做的功。
正确答案
(1)磁感应强度B的大小是0.8T;
【考查方向】导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律;电磁感应中的能量转化.
解题思路
(1)棒匀速运动时牵引力与摩擦力、安培力的合力为0,写出平衡方程,即可求出磁感应强度B;其中牵引力:F=;
【解析】:(1)当vm=5m/s时,棒匀速运动,E=BLvm,I=,FA=BIL
−μmg−(BL)2=0,∴B=0.8T
易错点
棒匀速切割磁感线,掌握法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、牛顿第二定律与能量守恒定律等规律的应用.同时理解速度与功率的对应.
正确答案
(2)在0~0.5s时间内金属棒的加速度a的大小是6.67m/s2;
【考查方向】导体切割磁感线时的感应电动势;闭合电路的欧姆定律;电磁感应中的能量转化.
解题思路
(2)t=0.5s时,牵引力与摩擦力、安培力的合力提供棒运动的加速度;
【解析】(2)−μmg−(BL)2=ma
代入数据,得:a=m/s2=6.67m/s2
易错点
棒匀速切割磁感线,掌握法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、牛顿第二定律与能量守恒定律等规律的应用.同时理解速度与功率的对应.
正确答案
(3)在0~0.5s时间内电动机牵引力F与时间t的关系F=+t
解题思路
(3)结合(2)的结论,即可写出F与tD的表达式;
【解析】(3)F−μmg−(BL)2=ma
∴在0~0.5s时间内电动机牵引力F与时间t的关系F=+t
正确答案
(4)在这段时间内电动机做的功0.9J.
解析
(4)电路中产生的总热量:Q总=Q+Q×=0.15+0.15×J=0.2J
s=at2=0.3m,v=at=2m/s∵WF−Q总−μmgs=mv2
代人数据得:WF=0.2+0.5×0.2×10×0.3+×0.2×22J=0.9J
考查方向
解题思路
(4)先根据串联电路的电功率的分配关系,求出电路消耗的总电热;电动机做的功转化为电热、摩擦力产生的热量和导体棒的动能.
易错点
棒匀速切割磁感线,掌握法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、牛顿第二定律与能量守恒定律等规律的应用.同时理解速度与功率的对应.
如图甲是一定质量的气体由状态A经过状态B变为状态C的V-T图象。
已知气体在状态A时的压强是1.5×105Pa。
35.说出A→B过程中压强变化的情形,并根据图象提供的信息,计算图甲中TA的温度值.
36.请在图乙坐标系中,作出该气体由状态A经过状态B变为状态C的P—T图象,并在图线相应位置上标出字母A、B、C.如果需要计算才能确定的有关坐标值,请写出计算过程.
正确答案
(1)温度值TA为200K.
解析
:(1)由图甲所示图象可知,A与B的连线的延长线过原点O,
所以A→B是一个等压变化,即pA=pB=1.5×105Pa,
由图示图象可知:VA=0.4m3,VB=VC=0.6m3,
TB=300K,TC=400K,从A到B过程,由概率萨克定律得:=,=,解得:TA=200K;
考查方向
解题思路
由图示图象求出气体各状态的状态参量、判断出气体状态变化过程,然后应用气体状态方程求出气体状态参量,再作出图象.
易错点
作图象、求气体状态参量问题,分析清楚图示图象,根据图象判断出气体的状态变化过程与状态参量、应用气体状态方程即可正确解题.
正确答案
(2)如图所示.
解析
(2)由图甲所示图象可知,从B到C为等容过程,
由(1)知:pB=1.5×105Pa,TB=300K,TC=400K,
由查理定律得:=,即:=,
解得:pC=2×105Pa,气体状态变化图象如图所示:
考查方向
解题思路
由图示图象求出气体各状态的状态参量、判断出气体状态变化过程,然后应用气体状态方程求出气体状态参量,再作出图象.
易错点
作图象、求气体状态参量问题,分析清楚图示图象,根据图象判断出气体的状态变化过程与状态参量、应用气体状态方程即可正确解题.