物理 热门试卷

由图甲可知，电流表负极接线，是连接在滑动变阻器的滑片上，而图丙是接在滑动变阻器下面右侧的接线柱上，所以是第条导线连接错误；

由图甲可知，电压表采用分压式接法，滑动变阻器应选择最大阻值较小的那个，闭合，将从左向右滑动，发现开始时示数变化不大，当临近最右端时示数变化明显，这是选择了滑动变阻器阻值较大的造成的；

由题意可知，待测电阻与电阻箱阻并联，根据总电流相等和并联电路电压相等得：，  ，解得：

由于大小与电流表的内阻无关，所以不会造成系统误差。

小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使细绳拉力等于合力，则应该用重力沿斜面的分力来平衡摩擦力；

砝码和吊盘加速下落，处于失重状态，其对细线的拉力小于重力，设拉力为T，

根据牛顿第二定律，有对砝码和吊盘，

有 mg-T=ma对小车，

有 T=Ma

解得

故当M＞＞m时，有T≈mg

因W—△v2图象是一条过原点的倾斜直线，则合外力所做的功W与其速度平方差△v2成正比

④由动能定理知,

要验证此式成立，则必须测出小车的质量M。

由知，W—△v2图象的斜率表示小车质量的一半。

解：以A、B组成的系统为研究对象，A刚开始运动的瞬间，由牛顿第二定律得：

mg=（m+m）a，

解得：a=0.5g；

解：未挂B时，对A，由平衡条件得：mgsin30°=kx，得弹簧的压缩量为 x=

当A受到的合力为零时速度最大，此时：

mgsin30°+kx′=mg，

解得：x′=

因此Q点到出发点的距离：x0=x+x′=；

在出发点与Q点弹簧的形变量相同，弹簧的弹性势能相等，由机械能守恒定律得：

mgx0=mgx0sin30°+•2mvm2，

解得，最大速度：vm=g；

A、温度高是因为分子热运动的平均动能大，而不是每个分子的动能都大。故A错误；

B、液体内部分子间距离等于平衡距离，分子力为零，液体表面分子间距离比液体内部大，大于平衡距离，分子间表现为引力，就是表面张力。故B正确；

C、压缩气体的过程对气体做功，绝热气体与外界没有热交换，故气体内能增加，而理想气体，分子无势能，增加的是分子热运动的平均动能，故温度升高。故C正确；

D、单晶体各向异性，而多晶体和非晶体是各向同性的。故D错误。

E、分子间的引力和斥力同时存在，当分子间距离增大时引力和斥力都减小，但斥力减小的快。故E正确。

：设细管横截面积为S，由盖——吕萨克定律得：

SL1=S（L-h）

解得T2=450K

由理想气体状态方程可得：

解得T2=497.25K

在波传播的一个周期内，质点通过的路程为振幅的４倍，即４０cm，根据质点Ｐ在３s内的路程为１２０cm，可知Ｐ点振动了３个周期，所以Ｔ＝１s，故选项Ａ正确；根据公式λ＝vt,可求出波速为４m/s，所以Ｂ项正确；因为波沿x轴的正方向传播，所以Ｐ点的振动方向沿y轴的负方向，经过四分之三个周期(即０.７５s)到达波峰，所以选项Ｃ，Ｄ项误；若Ｑ点第二次出现波峰，则需x=0处的波峰传到Ｑ点，根据Δx＝vΔt可求得t=１９s，所以选项Ｅ正确．

①设光线全反射临界角为C，则

 sin C＝，

∠C＝45°

如图1所示，要使光线能垂直于AB边界出射，则入射光线与法线的夹角必为45° ，

故L＝R· sin 45° ＝R＝m

当0＜x＜L时，设光线的入射角为θ′，如图2所示，由题意易知θ′＜45° ，根据折射定律得

故sin θ＝

A、重金属铀的原子吸收一个中子后产生核反应，使这个重原子核分裂成两个更轻的原子核以及2-3个自由中子，并释放出巨大能量，这一个过程称为核裂变。A正确

B、原子核内某一核子只与和它相邻的核子间有核力的作用，可知选项B错误；

C、一个原子核在一次衰变中只能放出α或β射线，不能同时产生，同时也能伴随γ射线可知选项C错误

D、根据核反应中质量数和电荷数守恒可知道D正确

E、原子核发生α衰变时，放出能量，有质量亏损，新核与α粒子的总质量小于原来原子核的质量，可知选项E正确。

设向右为正方向

A与B弹性碰撞过程，有：

解得：  负号代表方向水平向左

BC速度相同时，弹簧的弹性势能最大

可得：